1、河南省驻马店市确山二中2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一个选项符合题目要求，第10-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1（4分）下列说法正确的是（）A合力必大于分力B物体受摩擦力时一定受弹力C处于完全失重状态下的物体不受重力作用D运动物体所受摩擦力的方向一定和它运动方向相反考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重.专题：牛顿运动定律综合专题分析：由力的平行四边形定则可知，合力与分力的关系：可能大于，也可能小于或等于；由摩擦力产生的条件，即可判定；只受重力时，
2、处于完全失重；滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反解答：解：A、合力可能小于分力，也可能大于，也可能等于，故A错误；B、有摩擦力一定有弹力，而有弹力不一定有摩擦力，故B正确；C、完全失重状态下的物体只受重力作用，故C错误；D、受滑动摩擦力的方向一定和它相对运动方向相反，当摩擦力为动力时，摩擦力的方向与运动方向相同，故D错误故选：B点评：考查合力与分力的大小关系，掌握力的平行四边形定则的应用，注意摩擦力产生的条件，理解完全失重的受力，当心滑动摩擦力的方向与运动的方向的关系2（4分）下列说法正确的是（）A若物体运动速率始终不变，则物体所受合力为零B若物体的加速度均匀增加，则物体做匀加速直线运动C若物
3、体所受合力与其速度方向相反，则物体做匀减速直线运动D若物体在任意的相等时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度.专题：直线运动规律专题分析：匀变速直线运动的加速度不变，速度随时间均匀变化；匀速直线运动的速度保持不变，任意相等时间内的位移相等当物体的加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当物体的加速度方向与速度方向相反，做减速运动解答：解：A、物体运动速率始终不变，可能做匀速圆周运动，合力不为零故A错误B、匀加速直线运动的加速度保持不变，速度均匀增加故B错误C、当物体所受的合力与速度方向相反，做减速运动，但是不一定是匀减速运动故C错误D、在任意相等时
4、间内位移相等，知物体做匀速直线运动故D正确故选：D点评：解决本题的关键知道匀速直线运动和匀变速直线运动的特点，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系3（4分）一小石块从空中a点自由落下，先后经过b点和c点，不计空气阻力经过b点时速度为v，经过c点时速度为3v，则ab段与ac段位移之比为（）A1：3B1：5C1：8D1：9考点：自由落体运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系.专题：自由落体运动专题分析：物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移速度公式可以求得解答：解：解：物体做自由落体运动， 2ahab=v2 2ahac=（3v）2由得：=，故D答案正确故
5、选D点评：本题是对自由落体运动公式的直接应用的考查，题目比较简单4（4分）甲、乙两个物体沿同一直线同时做直线运动，其vt图象如图所示，则（）A2s时甲和乙一定相遇B2s时甲的速度方向开始反向C26s内甲和乙均做匀变速直线运动D4s时乙处于静止状态考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：运动学中的图像专题分析：由vt图象的性质可知两物体的运动方向、加速度，由图象与时间轴围成的面积可知两物体通过的位移关系解答：解：A、由图可知，02s内，甲乙图象与坐标轴围成的面积相等，即位移相等，但不知道初始位置，所以甲乙不一定相遇，故A错误；B、甲物体的速度一直沿正方向，方向没有改变
6、，故B错误；C、26s内，甲乙加速度相同，所以甲和乙做匀变速直线运动，故C正确；D、t=4s时，乙的速度为零，但加速度不为零，受力不平衡，不是静止状态，故D错误；故选：C点评：对于速度时间图象要明确以下几点：（1）每一点的坐标表示该时刻物体的速度；（2）图象的斜率表示物体的加速度；（3）图象与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移5（4分）如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F1、F2沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N若撤去力F1，则木块受到的摩擦力是（）A8N，方向向右B8N，方向向左C2N，方向向右D2N，方向向左考点：静摩擦力和最大静摩擦力
7、.专题：摩擦力专题分析：木块处于静止状态，受的是平衡力的作用，根据二力平衡条件解出摩擦力的大小，撤去一个力后木块仍处于静止状态，再求出撤去一个力后的摩擦力解答：解：如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F1、F2沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，受的是平衡力，受力如图：所以此时的摩擦力为：f=F1F2=10N2N=8N；撤去F1后，木块仍处于静止状态，受的仍是平衡力作用，受力如图：此时物体受的摩擦力为f=F2=2N，方向向右故选：C点评：此题主要考查的是学生对二力平衡条件的理解和掌握，知道撤去F1后物体仍处于静止状态是解决此题的关键，基础性题目6（4分）质点在三个恒力F1、F2、F3
8、的共同作用下保持平衡状态，若突然撤去F1，则质点（）A一定做匀变速运动B一定做直线运动C一定做匀速圆周运动D一定做曲线运动考点：物体做曲线运动的条件；牛顿第二定律.分析：物体受到三个共点的恒力作用而处于平衡状态，当撤去某个恒力F1时，余下力的合力与F1大小相等、方向相反，根据物体的合力与速度方向可能的关系，分析物体可能的运动情况解答：解：物体受到三个共点的恒力作用而处于平衡状态，当撤去某个恒力F1时，物体的合力与F1大小相等、方向相反，说明物体受到的合力恒定不变，加速度不变，物体做匀变速运动，若原来的F1与速度方向相反时，撤去F1后，物体的合力与速度方向相同，物体做匀加速直线运动；若原来的F1
9、与速度方向相同时，撤去F1后，物体的合力与速度方向相反，物体做匀减速直线运动；若物体原来做匀速直线运动，而且原来的F1与速度不在同一直线上时，撤去F1后，物体的合力与速度方向不在同一直线上，则物体做匀变速曲线运动故知物体可能做直线运动，也可能做曲线运动故A正确，BCD错误故选：A点评：本题中利用了平衡条件的推论，得到撤去F1后物体的合力是恒力，关键要分情况讨论合力与速度方向间的关系，分析物体的运动性质7（4分）如图所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O安在一根轻木杆B上，一根轻绳AC绕过滑轮，A端固定在墙上，保持水平，C端挂一重物，BO与竖直方向夹角=45，系统保持平衡若保持滑轮位置不变，改
10、变的大小，则滑轮受到木杆作用力大小变化情况是（）A只有角变小，作用力才变大B只有角变大，作用力才变大C不论角变大或变小，作用力都是变大D不论角变大或变小，作用力都不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对滑轮受力分析，受两个绳子的拉力和杆的弹力，根据平衡条件进行分析即可解答：解：对滑轮受力分析，受连个绳子的拉力和杆的弹力；滑轮一直保持静止，合力为零，故杆的弹力与两个绳子的拉力的合力等值、反向、共线；由于两个绳子的拉力大小等于重物的重力，大小不变，方向也不变，故两个拉力的合力为mg，与水平方向成45斜向右下方；故选：D点评：本题要注意杆的弹力可以
11、沿着杆的方向也可以不沿着杆方向，结合平衡条件分析是关键8（4分）如图所示，甲、乙两木块用细绳连在一起，中间有一被压缩竖直放置的轻弹簧，乙放在水平地面上，甲、乙两木块质量分别为m1和m2，系统处于静止状态，此时绳的张力为F在将细绳烧断的瞬间，则此时乙对地面压力为（）A（m1+m2）gB（m1+m2）g+FCm2g+FDm1g+F考点：胡克定律.分析：根据甲的瞬间加速度，运用牛顿第二定律求出弹簧的弹力，从而再对乙分析，求出地面对乙的支持力解答：解：烧断细绳的瞬间，对甲有：F弹m1g=m1a，则弹簧的弹力大小为F弹=m1g+m1a，此时对乙有：N=m2g+F弹=m1（a+g）+m2g绳子烧断前，对甲
12、有：m1g+F=F弹，则N=m2g+F弹=m2g+m1g+F故B正确，A、CD错误故选：B点评：解决本题的关键能够选择研究对象，正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律和共点力平衡进行求解9（4分）如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一小铁球，当小车做匀变速运动时，细线保持与竖直方向成角，若，则下列哪一项说法正确的是（）A轻杆对小球的弹力方向与细线平行B轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上C小车一定以加速度gtan向右做匀加速运动D小车一定以加速度gtg向右做匀加速运动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.专题：牛
13、顿运动定律综合专题分析：先对细线吊的小球分析进行受力，根据牛顿第二定律求出加速度再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力方向加速度方向求出，但速度可能有两种，运动方向有两种解答：解：A、对细线吊的小球研究 根据牛顿第二定律，得 mgtan=ma，得到a=gtan 对轻杆固定的小球研究设轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为 由牛顿第二定律，得 mgtan=ma 因为a=a，得到= 则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故A正确 B、由上，轻杆对小球的弹力方向并不沿着轻杆方向向上，故B错误 C、小车的加速度a=gtan，方向向右，而运动方向可能向右，也向左故C错误 D、由上小车r
14、加速度gtangtan故D错误故选A点评：绳子的模型与轻杆的模型不同：绳子的拉力一定沿绳子方向，而轻杆的弹力不一定沿轻杆方向，与物体的运动状态有关，可根据牛顿定律确定10（4分）将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中的vt图象如图所示以下判断正确的是（）A前3s内货物只受重力作用B最后2s内物体的位移大小为12mC前3s内与最后2s内货物的平均速度相同D第3s末至第5s末的过程中，物体做匀速直线运动考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据平均速度的公式比
15、较前3s内和后2s内平均速度的大小解答：解：A、前3s内货物做匀加速直线运动，受重力和拉力两个力作用故A错误B、图线与时间轴围成的面积表示位移，最后2s内物体的位移大小x=6m故B错误C、前3s内的平均速度，后2s内的平均速度，两段时间内的平均速度相同故C正确D、第3s末至第5s末，货物的速度不变，所以做匀速直线运动，故D正确故选：CD点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握匀变速直线运动求平均速度的方法11（4分）竖直升空的火箭，其速度图象如图所示，由图可知（）A火箭上升到最高点所用时间是120sB火箭前40s内上升，以后下降C火箭加速度的大小始终
16、是20m/s2D火箭离地最大的高度是48000m考点：匀变速直线运动的图像；竖直上抛运动.专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移解答：解：A0120s，速度方向没有改变，而120s时速度为0，位移最大，达到最高点，故A正确B0120s，速度一直是正值，方向没有改变一直上升，故B错误C、根据图象可知，前40s火箭做匀加速直线运动，后80s做匀减速直线运动，加速度是变化的，故C错误D、火箭上升的最大高度即为运动过程中的最大位移，由图可知当速度等于零时，位移最大，x=120800m=48000m
17、，故D正确；故选AD点评：本题是速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题12（4分）如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B悬挂着已知mA=3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，那么下列说法中正确的是（）A弹簧的弹力不变B物体A对斜面的压力将减小C物体A受到的静摩擦力将减小D弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力.专题：摩擦力专题分析：先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析
18、，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析解答：解：设mA=3mB=3m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg，则知弹簧的弹力不变，A正确再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图刚开始由于mAgsin45=mgmBg=mg，所以摩擦力沿斜面向上后来变为30以后摩擦力仍然沿斜面向上根据平衡条件得到：f+T3mgsin=0N3mgcos=0解得：f=3mgsinT=3mgsinmgN=3mgcos当变小时，物体A受到的静摩擦力f减小，物体A对斜面的压力N增大；故C正确，BD错误故选：AC点评：本题关键是先对物体B受力分析，再对物体A受力分析，然后根据
19、共点力平衡条件列式求解二实验题（本题共16分）13（8分）如图1为“探究加速度与物体受力和质量的关系”实验装置图图中A为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50HZ交流电小车的质量为m1，小盘（及砝码）的质量为m2（1）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是CA将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码盘拉动下恰好做匀速运动B将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码盘拉动下恰好做匀加速运动C将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在不挂钩码盘的情况下恰好做匀速运动D将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在不挂钩码盘的情况下
20、恰好做匀加速运动（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他据测量数据绘出得到的aF图象可能是图2中的图线丙（选填“甲”、“乙”、“丙”）；为保证细绳对小车的拉力近似为小盘（及砝码）的重量，则要求m1远大于m2（选填“远大于”、“等于”、“远小于”）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系.专题：实验题分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，了解平衡摩擦力的方法；根据牛顿第二定律，求出小车实际的拉力大小，然后和mg进行比较，可以得出结论解答：解：（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿
21、斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力故选：C（2）某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，当绳子拉力小于小车的最大静摩擦力，小车加速度等于零，即aF图象在F轴上有截距，故选：丙根据牛顿第二定律得：对m2：m2gF拉=m2a对m1：F拉=m1a解得：F拉=，当m1m2时，即当小车的质量远大于小盘（及砝码）的总质量，绳子的拉力近似等于小盘（及砝码）的总重力故答案为：（1）C（2）丙，远大于点评：对于实验问题首先要 明确实验原理，理解重要步骤的操作，熟练应用基本物理解决实验问题14（8分）物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平
22、桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个连续的点未标出，计数点间的距离如图所示根据图中数据计算的加速度a=0.496m/s2 （保留三位有效数字）（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有CD（填入所选物理量前的字母）A滑块运动的时间t B木板的质量m1C滑块的质量m2 D托盘和砝码的总质量m
23、3（3）滑块与木板间的动摩擦因数= （用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）考点：探究影响摩擦力的大小的因素.专题：实验题分析：（1）利用逐差法x=aT2可以求出物体的加速度大小，根据匀变速直线运动中某点的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；（2）根据牛顿第二定律有=ma，由此可知需要测量的物理量（3）根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式解答：解：（1）每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔：T=0.1s，根据逐差法有：a=0.496m/s2；（2）要测量动摩擦因数，由f=FN 可知要求，需要知道摩擦力和压力的大小，压力就是滑块的重力，
24、所以需要知道滑块的质量，摩擦力要根据铁块的运动来求得，滑块做的是匀加速运动，拉滑块运动的是托盘和砝码，所以也要知道托盘和砝码的质量，故AB错误，CD正确（3）以整个系统为研究对象，根据牛顿第二定律有：m3gf=（m2+m3）a f=m2g 联立解得：=故答案为：（1）0.496m/s2；（2）CD； （3）点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题三、计算题（本题共4小题，共46分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）15（10分）
25、飞机着陆后以大小为6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s，求：（1）飞机整个减速运动过程中的平均速度；（2）飞机着陆后，12s内滑行的位移；（3）飞机临静止前4s内滑行的位移考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：直线运动规律专题分析：（1）由题意可知飞机的初末速度，则由匀变速直线运动的平均速度公式可求得全程中的平均速度；（2）飞机着陆后一定静止，故应先判断飞机静止所用的时间，若静止所用时间小于题目中给出的时间，则可以由速度位移关系求出位移，末速度取零（3）先求得前一段时时间内的位移，再由总位移减去前6s的位移即可； 也可以
26、利用逆向思维方法进行分析求解解答：解：（1）飞机初速度为v0=60m/s，末速度为0； 因为飞机做匀减速直线运动，故平均速度v=30m/s；（2）以初速度方向为正方向，则加速度a=6m/s2；飞要在地面滑行的最长时间为t=10s；由此可知，飞机着陆12s时，已经停下；因此，12s内滑行的位移跟前10s内滑行的位移相同，设此位移为x；由v2v02=2as得：x=300m；（3）设飞机临静止前t1=4s内的位移为x1，飞机滑行过程中前t2=6s内的位移为x2，则x1=xx2其中：x1=xx2其中x2=v0t2+at22=606+（6）62=252m；故x1=48m答：（1）平均速度为30m/s；（
27、2）飞机着陆后，12s滑行的距离为300m；（3）静止前4s内滑行的位移为48m点评：在解决机车减速问题时，一定要注意要先判断在给出的时间内机车是否已经静止16（12分）如图所示，一水平传送带长为20m，以2m/s的速度做匀速运动已知某物体与传送带间的动摩擦因数为0.1，现将该物体由静止轻放到传送带的A端求物体被传送到另一端B所需的时间（g取lOm/s2）考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题分析：物体在摩擦力的作用下加速运动，先根据牛顿第二定律求解出加速度，然后假设一直加速，根据运动学公式求出
28、加速的位移，再判断物体有没有到达B端，发现没有到达B端，接下来物体做匀速运动直到B端，分两个匀加速和匀速两个过程，分别求出这两个过程的时间即可解答：解：物体在传送带上做匀加速直线运动的加速度a=g=1m/s2；物体做匀加速直线运动的时间t1=2s；匀加速直线运动的位移x1=at12=14m=2m；则物体做匀速直线运动的位移x2=Lx1=20m2m=18m；匀速运动的时间t2=9s；故滑块从A到B的总时间为t=t1+t2=2s+9s=11s；答：求物体被传送到另一端B所需的时间为11s点评：解决本题的关键搞清物体在传送带上的运动规律，运用牛顿第二定律和运动学公式进行求解17（12分）如图所示，质
29、量为M的斜劈倾角为，在水平面上保持静止，当将一质量为m的木块放在斜面上时正好匀速下滑如果用与斜面成角的力F拉着木块沿斜面匀速上滑（1）求拉力F的大小；（2）若m=1kg，=15，g=10m/s2，求F的最小值以及对应的的取值考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）分下滑和上滑对物块进行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解，在沿斜面方向和垂直于斜面方向都平衡，进行求解；（2）对第一问的结果表达式进行分析即可得到极值解答：解：（1）由物体在斜面上恰能匀速下滑，根据共点力平衡条件可得：mgsin=mgcos解得：=tan在拉力F作用下匀速上滑
30、时，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：平行斜面方向：Fcos=mgsin+f垂直斜面方向：Fsin+N=mgcos其中：f=N解得：F=（2）若m=1kg，=15，则：F=当=15时，拉力F最小，为=5N答：（1）拉力F的大小为；（2）F的最小值为5N，对应的为15点评：本题关键是受力分析后根据平衡条件推导出拉力的表达式进行分析，不难18（12分）（2012上海）如图，将质量m=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上环的直径略大于杆的截面直径环与杆间动摩擦因数=0.8对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角=53的拉力F，使圆环以a=4.4m/s2的加速度沿杆运动，
31、求F的大小（取sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.专题：牛顿运动定律综合专题分析：对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力，其中弹力可能向上，也可能向下；要分两种情况根据牛顿第二定律列方程求解即可解答：解：对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力；令Fsin53=mg，F=1.25N 此时无摩擦力当F1.25N 时，杆对环的弹力向上，由牛顿定律FcosFN=ma，FN+Fsin=mg，解得F=1N当F1.25N时，杆对环的弹力向下，由牛顿定律FcosFN=ma，Fsin=mg+FN，解得F=9N答：F的大小为1N或者9N点评：本题要分两种情况对物体受力分析，然后根据平衡条件列方程求解，关键是分情况讨论
