1、第二单元物质的量气体摩尔体积(计时：45分钟满分：100分)一、选择题(本大题共10小题，每小题5分，共50分)1(2014贵阳一中月考)下列关于“物质的量”、“摩尔”和“摩尔质量”的叙述中正确的是()A物质的摩尔质量等于其相对分子(原子)质量B“物质的量”是国际单位制中的一个基本单位C0.012 kg12C中所含的碳原子数为NAD1 mol任何物质都含有约6.021023个原子解析A选项，二者的单位不同；B选项，物质的量是基本物理量，不是单位；C选项正确；D选项，1 mol任何物质都含阿伏加德罗常数个该物质的微粒，但不一定是原子。答案C2(2014保定摸底)标准状况下有如下气体：6.72 L
2、 CH43.011023个HCl分子13.6 g H2S0.2 mol NH3，下列对这四种气体的关系排列的组合中正确的是()a体积：b密度：c质量：d氢原子个数：Aabc BbcdCabd Dabcd解析6.72 L CH4为0.3 mol，质量为4.8 g,3.011023个HCl分子为0.5 mol，质量为18.25 g,13.6 H2S为0.4 mol，故体积：，密度：，质量，氢原子数：，a、b、c、d均正确，故选D项。答案D3(2014汕头三模)只给出下列甲和乙中对应的物理量，不能求出物质的量的是()A甲：物质中的粒子数；乙：阿伏加德罗常数B甲：标准状况下的气体摩尔体积；乙：标准状况
3、下的气体体积C甲：固体的体积；乙：固体的密度D甲：溶液中溶质的物质的量浓度；乙：溶液体积(2014唐山期末)NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是()A0.1 molL1的NaOH溶液中，含钠离子数为0.1NAB标准状况下，22.4 L CHCl3中含氯原子数为3NAC1 mol Na2O2晶体中所含阴离子数为NAD等物质的量的N2和CO的分子数均为NA个解析A选项，缺少NaOH溶液的体积，不能确定Na的个数；B选项，标准状况下，CHCl3为液态，22.4 L CHCl3的物质的量不是1 mol；C选项正确；D选项，N2和CO的物质的量不确定，所含分子数也不能确定。答案C4(2014合肥质检)
4、若NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是()A0.1 mol Na2CO310H2O晶体中，阴离子总数大于0.1NAB常温常压下，18 mL水中所含氢离子数约为107NAC标准状态下，22.4 L氦气中含有的原子数约为NAD23 g组成为C2H6O的有机物，CH键数目为3NA解析A选项，0.1 mol Na2CO310H2O晶体中CO为0.1NA，错误；B选项，常温常压下，水中c(H)1107 molL1，故18 mL水中氢离子数约为18 mL103 L/mL1107 molL1NA1.8109 NA，错误；D选项，C2H6O有两种结构，分别含5个、6个CH键，故CH键数目不确定，错误。
5、答案C5(2014保定摸底)NA表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A标准状况下，铝跟氢氧化钠溶液反应生成1 mol氢气时，转移NA个电子B常温常压下，22.4 L的NO2和CO2混合气体含有2NA个O原子C足量铜与1 L 18 molL1浓硫酸反应可以得到9NA个SO2分子D1 mol Fe与足量稀HNO3反应，转移3NA个电子解析A项，铝跟NaOH溶液反应生成1 mol H2时，应转移2NA个电子，错误；B项，常温常压下，气体的摩尔体积大于 22.4 L/mol，则22.4 L NO2和CO2的混合气体的物质的量小于1 mol，含O原子小于2 NA，错误；C项，Cu与浓H2SO4反
6、应时，随反应进行，H2SO4浓度减小，反应停止，H2SO4有剩余，生成的SO2分子数小于9 NA；D项，Fe与足量稀HNO3反应生成Fe3，转移3 NA个电子，正确。答案D6(2014河北教学质量监测)设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是()A2 L 1 molL1的盐酸中所含氯化氢分子数约为2NAB1 L 0.1 molL1碳酸钠溶液中，阴离子总数大于0.1 NAC质量为28 g的CO、C2H4混合气体体积约为22.4 L，分子数为NAD在反应KIO36HI=KI3I23H2O中，每生成3 mol I2转移的电子数为6NA解析A选项，盐酸中不含氯化氢分子，错误；B选项中，CO由于水解
7、使阴离子总数增加，正确；C选项，缺少外界条件，在标准状况下，混合气体体积约为22.4 L；D选项，故每生成3 mol I2应转移5 NA个电子。答案B7(2014江苏徐州检测)如图表示1 g O2与1 g X气体在相同容积的密闭容器中压强(p)与温度(T)的关系，则X气体可能是()AC2H4 BCH4CCO2 DNO解析本题考查阿伏加德罗定律的推论，由图可知，相同温度时，p(O2)p(X)，在同质量、同体积条件下，气体相对分子质量与压强成反比，即相对分子质量越大，压强越小。只有CO2的相对分子质量大于O2，故C项正确。答案C8.(2014福建质检)室温下，抽去上图所示装置中的玻璃片，使两种气体
8、充分反应。下列说法正确的是(设NA表示阿伏加德罗常数的值)()A气体反应物的总体积为0.448 LB装置中氢元素的总质量为0.04 gC生成物中含有0.01 NA个分子D生成物完全溶于水后所得溶液含有0.01 NA个NH解析等物质的量的氯化氢和氨气恰好完全反应生成固体氯化铵。因没有说明是否为标准状况，所以反应物体积不能计算，A项错；氯化铵为离子化合物，不存在分子，C项错；氯化铵是强酸弱碱盐，会发生水解，NH个数小于0.01NA，D项错。答案B9.如图所示，分别向密闭容器内可移动活塞的两边充入空气(已知空气体积占整个容积的1/4)、H2和O2的混合气体，在标准状况下，若将H2、O2的混合气体点燃
9、引爆。活塞先左弹，恢复原温度后，活塞右滑停留于容器的中央。则原来H2、O2的体积之比可能为()A2：7 B5：4C2：1 D7：2解析通过计算可求得H2、O2的体积之比为7：2或4：5。答案D10(2014郑州质检)一定温度下，硫酸铜受热分解生成CuO、SO2、SO3和O2。已知：SO2、SO3都能被碱石灰和氢氧化钠溶液吸收。利用如图所示装置加热硫酸铜粉末直至完全分解。若硫酸铜粉末质量为10.0 g，完全分解后，各装置的质量变化关系如表所示。装置A(试管粉末)BC反应前42.0 g75.0 g140.0 g反应后37.0 g79.5 g140.0 g请通过计算，推断出该实验条件下硫酸铜分解的化
10、学方程式是()A4CuSO44CuO2SO32SO2O2B3CuSO43CuOSO32SO2O2C5CuSO45CuOSO34SO22O2D6CuSO46CuO4SO32SO2O2解析干燥管B中吸收的是SO2、SO3，其质量之和为4.5 g，O2质量为42.0 g37.0 g4.5 g0.5 g，故CuO质量为10.0 g4.5 g0.5 g5.0 g，由此可推知反应物与部分生成物的物质的量之比的关系，即n(CuSO4)：n(CuO) ：n(O2)：4：4：1，故只有A项正确。答案A二、非选择题(本大题共5小题，共50分)11(10分)(2014郑州一中一模)(1)2 mol O3和3 mol
11、 O2的质量之比为_，分子数之比为_；同温同压下的密度之比为_，含氧原子数之比为_，体积之比为_。(2)在标准状况下，由CO和CO2组成的混合气体6.72 L，质量为12 g。此混合物中CO和CO2分子数目之比是_，混合气体的平均摩尔质量是_，对氢气的相对密度是_。(3)气体化合物A的化学式可表示为OxFy，已知同温同压下10 mL A受热分解生成15 mL O2和10 mL F2，则A的化学式为_，推断的依据是_。(4)在标准状况下，15.6 g Na2O2投入足量水中，可产生O2的体积为_。解析(3)根据阿伏加德罗定律知，2OxFy3O22F2，根据质量守恒定律(原子个数守恒)知，x3，y
12、2，即A的化学式为O3F2。(4)n(Na2O2)0.2 mol，由化学方程式2Na2O22H2O=4NaOHO2知，n(O2)0.1 mol，则V(O2)2.24 L。答案(1)1：12：33：21：12：3(2)1：340 gmol120(3)O3F2阿伏加德罗定律和质量守恒定律(4)2.24 L12(10分)(2014太原质检)一定质量的液态化合物XY2与标准状况下的一定质量的O2恰好完全反应，化学方程式为：XY2(l)3O2(g)XO2(g)2YO2(g)，冷却后，在标准状况下测得生成物的体积是672 mL，密度是2.56 g/L，则：(1)反应前O2的体积是_。(2)化合物XY2的摩
13、尔质量是_。(3)若XY2分子中X、Y两元素的质量比是3：16，则X、Y两元素分别为_和_(写元素符号)。解析(1)由反应XY2(l)3O2(g)XO2(g)2YO2(g)可知，反应前后气体的体积变化为0，故V(O2)672 mL。(2)由mV，生成物的质量m0.672 L2.56 g/L1.72 g，O2的物质的量：n0.03 mol，XY2的物质的量为0.01 mol，所以M(XY2)76 g/mol；(3)由，M(X)2M(Y)76，解得M(X)12，M(Y)32，即X为C，Y为S。答案(1)672 mL(2)76 g/mol(3)CS13(10分)某烧杯中盛有100 mL FeCl3和
14、CuCl2的混合液，混合溶液中c(FeCl3)2 mol/L，c(CuCl2)1 mol/L。请回答：(1)该混合溶液中氯离子的物质的量n(Cl)_mol。(2)向上述烧杯中加入0.15 mol铁粉并使之充分反应。完成下列方程式：FeFe3_。CuFe3Fe2Cu2的反应类型是_(填选项字母)。a置换反应 b氧化还原反应c复分解反应 d离子反应(3)(2)中反应结束后，溶液中的阳离子及物质的量是_，得到的固体质量是_，若要将固体与溶液分离开，需要用到的玻璃仪器是_。解析(3)因氧化性Fe3Cu2，铁先与Fe3反应，后与Cu2反应，由相应的反应方程式知，只有0.05 mol Cu2被还原成单质，
15、故溶液中应同时存在0.35 mol Fe2、0.05 mol Cu2，得到的固体只有单质铜。答案(1)0.8(2)2Fe3Fe=3Fe2bd(3)0.35 mol Fe2、0.05 mol Cu23.2 g烧杯、玻璃棒、漏斗14(10分)某中学有甲、乙两个探究性学习小组，他们拟用小颗粒状铝硅合金与足量稀硫酸的反应测定通常状况(约20 ，1 atm)下气体摩尔体积。(1)甲组同学拟选用下列实验装置完成实验：该组同学必须选用的装置的连接顺序是A接()、()接()、()接()(填接口字母，可不填满)；实验开始时，先打开分液漏斗上口的玻璃塞，再轻轻打开其活塞，一会儿后稀硫酸不能顺利滴入锥形瓶。请你帮助
16、分析原因_；实验结束时，该组同学应怎样测量实验中生成氢气的体积？_。(2)乙组同学仔细分析甲组同学的实验装置后，认为：稀硫酸滴入锥形瓶中，即使不生成氢气，也会将瓶内空气排出，使所测氢气体积偏大；实验结束时，连接广口瓶和量筒的导管中有少量水存在，使所测氢气体积偏小。于是他们设计了如下图所示的实验装置。装置中导管a的作用是：_ _；实验中准确测得4个数据：实验前铝硅合金的质量为m1 g，实验后残留固体的质量为m2 g，实验前后碱式滴定管中液面读数分别为V1 mL、V2 mL。则通常状况下气体摩尔体积Vm_。解析本题通过测定一定物质的量的H2的体积来测定通常状况下气体摩尔体积。H2的物质的量可根据铝
17、硅合金中铝的质量求算，H2的体积通过排水法测定。(1)排水测定H2体积时要短进长出，不选F装置的理由是F中导管太短，不能形成连通器，无法调整两容器内的液面高度，使广口瓶中和量筒中压强不等，产生误差。由于反应放热且生成气体，锥形瓶中气体压强变大，所以稀硫酸不能顺利滴入锥形瓶。测量H2体积时要注意两个问题：一是冷却，二是保证液面两侧压强相等。(2)a管可使分液漏斗内与锥形瓶内压强相等，从而使稀硫酸顺利滴下，还能够消除由于加入稀硫酸引起的氢气体积误差。m(Al)(m1m2)g，所以n(H2)n(Al)molV(H2)(V1V2)mL，所以VmL/mol。答案(1)EDG铝与稀硫酸反应放热且生成气体，
18、使锥形瓶中气体压强变大待实验装置冷却后，上下移动量筒，使其中液面与广口瓶中液面相平，再平视读取量筒中水的体积，即氢气在通常状况下的体积(2)使分液漏斗内气体压强与锥形瓶内气体压强相等；打开分液漏斗活塞时稀硫酸能顺利滴下；滴入锥形瓶的稀硫酸体积等于进入分液漏斗的气体体积，从而消除由于加入稀硫酸引起的氢气体积误差L/mol15(10分)(2014河北教学质量监测)工业上用软锰矿(只含MnO2和MnO)、H2SO4(过量)和FeS2制备MnSO4H2O的流程如下(已知流程中的FeS2、FeSO4、MnO2、MnO均完全反应)： (1)已知中只有三个反应，其中两个反应是：MnOH2SO4=MnSO4H
19、2OFeS2H2SO4=FeSO4H2SS完成第三个反应：MnO2FeSO4_=MnSO4_(2)沉淀A、B的化学式分别是_、_。(3)滤液X中的溶质有_；实验室中浓缩滤液Y时使用的玻璃仪器有_ _。(4)若得到的沉淀A的质量和MnSO4H2O的质量分别为96.0 g、321.1 g，中加入的MnO为0.1 mol，则理论上软锰矿中MnO2和MnO的物质的量之比为_。解析(1)根据题意，反应物中还要有H2SO4，以提供酸性介质。根据得失电子守恒和元素守恒即可完成方程式。(2)根据所给的第二个反应可知沉淀A是S。由于滤液Y最终得到MnSO4H2O，所以滤液X中加入MnO的目的是调节pH，使X中的
20、Fe2(SO4)3转化为沉淀Fe(OH)3。(3)根据题给反应可知滤液X中含有MnSO4、Fe2(SO4)3和过量的H2SO4。浓缩溶液时需要在蒸发皿中进行，使用的玻璃仪器是酒精灯和玻璃棒。(4)根据2S2FeSO4MnO2和96.0 g S可求得MnO2的物质的量为1.5 mol。321.1 g MnSO4H2O的物质的量为1.9 mol。根据Mn守恒可知所给软锰矿中含有MnO(1.91.50.1) mol0.3 mol。所以软锰矿中MnO2和MnO的物质的量之比为1.5：0.35：1。答案(1)1MnO22FeSO42H2SO4=1MnSO4Fe2(SO4)32H2O(2)SFe(OH)3(3)MnSO4、Fe2(SO4)3、H2SO4玻璃棒、酒精灯(4)5：1
