1、河北省2020年中考物理猜想卷（二）一、选择题（本大题共9个小题，共21分1-6小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；7-9小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）1（2分）如图实验中得出的结果正确的是（）A此实验b中酚酞变红，证明分子总在不断运动B烧杯内壁有水珠生成，说明甲烷中含有碳元素和氢元素C在冰面上小华推小明，自己却向后运动，说明力的作用是相互的D物体在力的作用下做圆周运动，说明物体运动需要力【答案】C【解析】A、浓盐酸具有挥发性，挥发出来的氯化氢气体溶于水又形成
2、盐酸，盐酸显酸性，不能使无色酚酞试液变色，故A错误；B、点燃甲烷后，在火焰上方罩一个干燥的冷烧杯，烧杯内壁出现水珠，说明甲烷中含有氢元素，不能证明含碳元素，故B错误；C、在冰面上小华推小明，自己却向后运动，这是因为力的作用是相互的，故C正确；D、物体做匀速圆周运动，物体运动的方向不断变化，说明力改变了物体的运动状态，故D错误。选C。2（2分）下列估测最接近实际的是（）A吃饭用的筷子长度的为0.6mB举起两个鸡蛋用的力大约是1NC人正常步行的速度大约是10m/sD绿色蔬菜保鲜的适直温度为30【答案】B【解析】A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，筷子的长度与此差不多，在20
3、cm0.2m左右，故A不符合实际；B、由课本知识知举起两个鸡蛋用的力大约是1N，故B符合实际；C、人正常步行的速度大约是1m/s，故C不符合实际；D、绿色蔬菜保鲜的适宜温度为5左右，故D不符合实际。选B。3（2分）声音与我们的生活密切相关，以下有关声现象的说法正确的是（）A雨滴落在地面上会发出声音，根据物体不振动也可以发声B“未见其人，先闻其声”主要是根据声音的音色来判断的C只要物体振动，我们就一定能听到声音D用声呐探测海底深度，是因为超声波比次声波在水中的传播速度快【答案】B【解析】A、雨滴落在地面会发出声音，是因为地面的振动发出的声音。故A错误；B、“未见其人，先闻其声”，主要是根据声音的
4、音色来判断的。故B正确；C、低于20Hz的声音叫次声，高于20000Hz的声音叫超声，这两种声音人耳都无法听到，故C错误；D、超声波和次声波在水中的传播速度相同。故D错误。选B。4（2分）如图所示的四个装置中，说法正确的是（）A图甲装置原理可用来制作发电机B图乙装置可用来演示磁场对电流的作用C图丙装置可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系D图丁装置在工作过程中将机械能转化为电能【答案】A【解析】A、图甲没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，是发电机的原理图，故A正确；B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误
5、；C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，不能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故C错误；D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机，电动机在工作过程中将电能转化为机械能，故D错误。选A。5（2分）下列说法中，正确的是（）A物体吸收热量，温度一定升高B物体温度升高，一定吸收了热量C物质在熔化和汽化是都要吸收热量D升华和液化都要放出热量【答案】C【解析】A、晶体在熔化时，吸收热量，但温度不变，故A说法错误；B、物体温度升高不一定是吸收了热量，也可能是外界对其做了功，故B说法错误；C、物质在熔化和汽化是都要吸
6、收热量，故C正确；D、升华是吸热的，而液化是要放热的，故D错误。选C。6（2分）关于惯性现象下列说法错误的是（）A甲图中，轰炸敌方阵地时飞机要提前投弹B乙图中，车顶滴漏瓶A滴下的水滴落在B点，小车可能向西加速行驶C丙图中，正在快速上升的热气球下吊一重物，若绳子断裂，重物将立刻下落D丁图中，汽车紧急刹车时人向前倒【答案】C【解析】A、高空飞行的飞机要击中地面上的目标，必须提前投弹，这是因为炸弹具有惯性，离开飞机后仍继续向前飞行，故A正确；B、当小车突然向西加速或向东减速时，水滴由于惯性还要保持原来的速度，所以会落在A点的右下方B点，故B正确；C、气球及重物都相同的速度匀速竖直上升，当绳子断开，重
7、物与气球脱离，但由于惯性，重物会继续向上运动一段距离，但是由于物体受到重力的作用，向上的速度越来越小，最后物体向下运动，故C错误；D、由于人和车一起向前运动，当突然刹车时，汽车停止运动，人的下部也跟着停止运动，但人的上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以向前倾，故D正确。选C。7（2分）探究“凸透镜成像规律”时，蜡烛放在如图所示的位置，烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法正确的是（）A光屏上此时能成倒立放大的实像B蜡烛远离凸透镜后，移动光屏再次找到清晰的像，此时物与像之间的距离比原来的大C蜡烛燃烧逐渐变短的过程中，光屏上烛焰的像将向下移动D蜡烛和光屏不动，凸透镜向左移动，光屏上还能再次成清晰的像【
8、答案】BD【解析】A、由图可知，当u2f，fv2f时，成光屏上此时能倒立、缩小的实像，故A错误；B、蜡烛适当向左移动，物距变大，像距应减小，要重新得到清晰的像，光屏要适当向左移动，而物距变化量大于像距变化量，此时物与像之间的距离比原来的大，故B正确；C、蜡烛燃烧逐渐变短的过程中，根据过光线光心传播方向不变可知，光屏上烛焰的像将向上移动，故C错误；D、保持蜡烛和光屏的位置不动，把凸透镜向左移动一段距离后，光屏上的像再次变得清晰，根据光路的可逆性，此时像距和物距大小恰好与原来相反，则此时成的是倒立、放大的实像，光屏上还能再次成清晰的像，故D正确。选BD。8（2分）工人用如图所示的滑轮组，在时间t内
9、，将重为G的货物匀速提升了h，人对绳子竖直向下的拉力恒为F以下说法正确的是（）A拉力F的功率为B额外功为（2FG）hC滑轮组的机械效率为D滑轮组的机械效率随h的增大而增大【答案】AB【解析】A、由图可知，连接动滑轮绳子的股数n2，绳端移动的距离snh2h，拉力F做的功：W总Fs2Fh，则拉力F的功率：P，故A正确；B、拉力做的有用功：W有Gh，则额外功：W额W总W有2FhGh（2FG）h，故B正确；C、滑轮组的机械效率：，故C错误；D、根据可知，滑轮组的机械效率与提升的高度h无关，故D错误。选AB。9（2分）在图中R1、R2、R3为定值电阻，R12R2现有一个稳压电源（电压未知），当把该电源接
10、在A、C两个接线端，开关S1、S2断开时，电压表的示数为1V；当把该电源接在B、D两个接线端，闭合开关S1，断开开关S2时，电流表A1示数如图甲所示。该电源仍接在B、D两个接线端，闭合开关S2，断开开关S1时，电流表A2示数如图乙所示，已知稳压电源不超过8V，两个电流表量程的选择不同。则下列选项正确的是（）A当把该电源接在A、C两个接线端、开关S1、S2断开时，三个电阻串联B电源电压为6VCR1：R35：3D当把该电源接在A、D两个接线端、开关S1、S2闭合时，电阻总功率为6.84W【答案】AD【解析】A、由图知，当电源接在A、C两个接线端，开关S1、S2断开时，电路连接情况如图所示：此时R1
11、、R2、R3串联，故A正确；此时电压表测R2两端电压，由串联电路特点和欧姆定律可得电压表示数：UVIR21V；BC、当把该电源接在B、D两个接线端，闭合开关S1、断开开关S2时，等效电路如左图；闭合开关S2、断开开关S1时电路如右图：已知两个电流表量程的选择不同，R12R2；（1）若A1使用00.6A量程，由图甲知其示数为0.3A，由并联电路特点和欧姆定律可得电源电压：UU1IA1R10.3AR10.3A2R20.6AR2；则A2使用03A量程，由图乙知其示数为1A，由并联电路特点和欧姆定律可得电源电压：UU3IA2R31AR3，电源电压不变，则有0.3AR11AR3，所以R1：R310：3，
12、则R30.3R10.6R2；把代入解得：R26，则：R112，R33.6，U3.6V；（2）同理，若A1使用03A量程，由图甲知其示数为1.5A，由并联电路特点和欧姆定律有电源电压：UU1IA1R11.5AR13AR2；则A2使用00.6A量程，由图乙知其示数为0.2A，由并联电路特点和欧姆定律有电源电压：UU3IA2R30.2AR3，电源电压不变，则1.5AR10.2AR3，所以R1：R32：15，则R3R115R2；把代入可得：R26，则：R112，R390，U18V，由题知，电源不超过8V，所以（1）符合题意，（2）不合题意，故R1：R312：3.610：3，故BC错误；D、由前面解答可
13、知，R112，R26，R33.6，U3.6V，当把该电源接在A，D两个接线端、开关S1、S2闭合时，等效电路图如所示：，由并联电路特点和P可得，电路的总功率：PP1+P2+P3+6.84W，故D正确。选AD。二、填空及简答题（本大题共4个小题：每空1分，共10分）10（2分）在家庭电路中，控制照明灯的开关应接在_线和照明灯之间，造成家庭电路中保险丝熔断的原因，一是总功率过大，二是_。【答案】火；短路。【解析】电灯和控制它的开关一定串联，开关的一端接在灯泡顶端的金属点上，另一端接在火线上，在断开开关时，切断火线，操作更安全。造成保险丝熔断的原因是电流过大，而造成电流过大的原因有两个：一是总功率过
14、大；二是短路。11（4分）日食现象是由于光的_形成的；站在平静的池塘旁，可看到岸边大树的倒影和水中游的鱼，前者是光的_现象，后者是光的_现象，所看到的都是_（填“实像”或“虚像”）【答案】直线传播；反射；折射；虚像。【解析】我们平时所看到的日食在物理学中，这是光在均匀介质中沿直线传播形成的，站在平静的池塘旁，可看到岸边大树的倒影和水中游的鱼，根据光的反射和折射定律可知，看到树的倒影是光的反射现象，看到的鱼是光的折射现象，这些看到的都是虚像。12（2分）截止今年6月初，我国已完成夏粮收割三成任务。如图所示，依靠“北斗导航”的无人驾驶联合收割机成为农田里的亮点。北斗卫星利用_波对收割机进行精准定位
15、，控制车辆行驶路线。图中运小麦的车辆与联合收割机之间应保持_。【答案】故答案是：电磁；相对静止。【解析】（1）卫星通信是用微波来传递信息的，微波属于电磁波；（2）为了收割机与运输车运动的过程中农作物能准确的收割到运输车，就要求它们之间的位置不发生变化，即保持相对静止状态。选择其中一个物体为参照物，若研究对象与参照物没有位置的变化，就说研究对象与参照物保持相对静止。13（2分）人类生存离不开能源。在太阳能、石油、水能、煤炭中，属于不可再生能源的是_；由于能源在转化过程中具有_性，所以可利用的能源会越来越少，从而造成能源危机。【答案】石油、煤炭；方向。【解析】在上述能源中，对于石油、煤炭属于不可再
16、生能源，对于太阳能属于新型的能源；同时由于能源在转化过程中具有一定的方向性，故当今社会可利用的能源会越来越少，这是造成能源危机的一个原因。三、实验探究题（本大共4个小题：第14小题7分，第15小题6分，第16、17小题各7分，第18小题6分，共33分）14（7分）阅读短文，回答问题。重心各种规则几何形状的物体，若质量是均匀分布的，则重心在物体的几何中心。如球的重心是球心，长方形薄板的重心是两条对角线的交点，三角形薄板的重心是三条中线的交点，圆板的重心就是圆心。形状不规则的重心可用下图所示的悬挂法求出。（1）影响物体重心位置的因素有_A物体的几何形状和质量分布B物体的质量分布及组成物质的密度C物
17、体的几何形状和质量密度D物体的质量分布及物体所处的位置（2）图A、B是利用_法，确定形状不规则的物体重心O的图示。用语言描述其确步骤：间隔适当的距离在薄板上取_；_将薄板悬挂起来，沿_方向画直线；_即为重心。（3）图C用铅笔尖在重心O处顶起形状不规则的物体，物体_。（选填“能”、“不能”或“不一定”）处于平衡状态。【答案】（1）A；（2）悬挂；取两点a、b；分别在a、b两点；悬线；两线的交点位置；（3）能。【解析】（1）几何形状影响了质量的分布，质量的分部又影响了重力的分部。而密度和物体所处的位置都不会影响物体重心的位置，故只有A符合题意；（2）读图可知，a、b两点是悬挂点，沿重垂线画出的两条
18、线会相交于一点，这便是悬挂法找重心的基本思路；（3）因为O点是重力的作用点，即重心，所以用铅笔尖在O处顶起这一物体，它周围的重力分部是相对均匀的，它能够处于平衡状态。15（6分）如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”实验的四个步骤（1）丙步骤发现，从物体C接触水面开始直至浸没，弹簧测力计的示数越来越小。据此某同学得出：浮力的大小与物体进入液体的深度有关。他得出的结论是否正确？_，原因是：_。（2）通过分析甲和_、_步骤，可以得出：物体在液体中所受浮力的大小跟它浸在液体中的体积有关。（3）通过分析甲、丙、丁步骤还可以探究浮力的大小与_有关。（4）物体C的体积是_ m3（g取10N/kg）。【
19、答案】（1）不正确；没有控制物体排开液体的体积相同；（2）乙、丙；（3）液体密度；（4）5105。【解析】（1）从物体C接触水面开始直至浸没，弹簧测力计的示数越来越小。据此得出：浮力的大小与物体进入液体的深度有关，这一结论是不正确的。因为在这一过程中没有控制物体排开液体的体积相同。（2）通过分析甲和乙、丙步骤，排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，说明受到的浮力越大，故可以得出：物体在液体中所受浮力的大小跟它浸在液体中的体积有关。（3）通过分析甲、丙、丁步骤还可以看出，物体排开液体的体积相同，但液体的密度不同，受到的浮力不同，故可以探究浮力的大小与液体密度有关。（4）由图甲、丙可得出，F浮
20、GF拉4.0N3.5N0.5N，由公式F浮液gV排得物体C的体积：VV排5105m3。16（7分）如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10，有两个规格分别为“101A”的A滑动变阻器和“502A”的B滑动变阻器，电源电压为6V。（1）本实验中应选择_滑动变阻器（选填“A“或“B“）。（2）请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。（3）连好电路后，用合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数，接下来应进行的操作是_。A断开开关，更换小灯泡B检查电路是否断路C移动滑动变阻器的滑
21、片，观察小灯泡是否发光（4）问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向_（选填“右”或“左”）端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为_ W，此时灯泡电阻为_。【答案】（1）B；（2）如上图所示；（3）C；（4）右；0.45；13.9。【解析】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I0.25A，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻为：R滑1410，故选用“502A”的B滑动变阻器。（2）由（1）知，电流表选用小量程串联在电路中，要求滑动变
22、阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下图所示：（3）连好电路后，用合开关，但电流表电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，故接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，选C。（4）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右端移动，直到电压表示数为额定电压；此时电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流
23、为0.18A，则灯泡的额定功率为：PULIL2.5V0.18A0.45W。由欧姆定律得，此时灯泡电阻为：RL13.9。四、计算题（每题6分，共12分）17（7分）电压表既是测量仪表，同时也是一个接入电路中的特殊电阻。电压表的电阻一般很大，为测量某电压表的电阻，某同学连接了如图所示的电路，电源电压保持不变，R12.0k当闭合开关S1、S2时，电压表示数为4.5V；只闭合开关S1时，电压表的示数为3.0V求：（1）电源电压是多少？（2）电压表的电阻是多少？【答案】（1）电源电压是4.5V；（2）电压表的电阻是4000。【解析】（1）当闭合开关S1、S2时，电压表测电源的电压，其示数为电源的电压，即
24、U4.5V。（2）只闭合开关S1时，电压表与电阻R1串联，电压表示数UV3V，因串联电路两端的电压等于各部分电路两端电压之和，所以，R1两端的电压：U1UUV4.5V3V1.5V，因为串联电路各处的电流相等，所以I，即：，解得：RV4000。18（6分）边长为0.1m，质量均匀的正方体物体M，单独放在水平地面上对地面的压强为5.4103Pa装置如图所示，横杆可绕固定点O在竖直平面内转动，系在横杆B端的细绳绕过动滑轮，动滑轮连着物体M用力F在A点竖直向上提横杆时，横杆在水平位置平衡，此时物体M对地面的压强为1.8103Pa，若仍用力F在距离A点0.1m处竖直向上提横杆，使横杆仍在水平位置平衡，物
25、体M对地面压强为1.0103Pa，已知横杆上AB部分的长为0.2m，AB：OA1：3，g取10N/kg，不计横杆质量、绳质量和摩擦，则：（1）物体M的质量为多少？（2）动滑轮的质量为多少？【答案】（1）物体M的质量为5.4kg；（2）动滑轮的质量为1.2kg。【解析】（1）正方体物体M的底面积S0.1m0.1m0.01m2，物体M的重力GFpS5.4103Pa0.01m254N，物体M的质量m5.4kg；（2）当在杠杆A端施加F大小的力杠杆平衡时，地面受到的压强为1.8103Pa，根据p可得：此时地面受到的压力为FpS1.8103Pa0.01m218N，滑轮对物体的拉力为F1GF54N18N3
26、6N，设动滑轮的重力为G动，由于不计横杆质量、绳质量和摩擦，根据动滑轮的使用特点可得：杠杆B端受到的拉力FB（F1+G动），已知：AB：OA1：3，AB0.2m，则OA3AB30.2m0.6m，OBAB+OA0.2m+0.6m0.8m，根据杠杆平衡条件得：FBOBFOA，即：（F1+G动）OBFOA，则：（36N+G动）0.8mF0.6m；若仍用力F在距离A点0.1m处竖直向上提横杆，使横杆仍在水平位置平衡，物体对地面的压强减小，压力减小，一定是增大了动力臂，所以拉力向左移动了0.1m，当在杠杆A端施加F大小的力杠杆平衡时，地面受到的压强为1.0103 Pa，根据p可得：地面受到的压力为FpS1.0103 Pa0.01m210N，滑轮对物体的拉力为F2GF54N10N44N，杠杆B端受到的拉力：FB（F2+G动）根据杠杆平衡条件得：FBOBFOA，即：（F2+G动）OBFOA，（44N+G动）0.8mF（0.6m+0.1m）；由得：G动12N，F32N，所以动滑轮质量m动1.2kg。
