1、宁夏回族自治区银川一中2016届高三第一次模拟考试物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第l417题只有一项符合题目要求；第1821题有多项符合要求。全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框图所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是 A 实验检验，数学推理 B 数学推理，实验检验 C 提出假设，实验检验 D 实验检验，合理外推【考点】物理学史【试题解析】伽利略研究自由落体运动时，是先通过观察现象，然后提出的假设，后经过逻辑推理，再经过实验检验进行修正推广，最后得出实验结论的，C正确。【
2、答案】C15把一光滑圆环固定在竖直平面内，在光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，如图所示。质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住.现拉动细线，使小球沿圆环缓慢下移.在小球移动过程中手对细线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况是A. F不变，FN增大B. F不变，FN减小C. F减小，FN不变D. F增大，FN不变【考点】力的合成与分解共点力的平衡【试题解析】对小球进行受力分析，小球受到，重力，支持力和绳子的拉力，根据三角形相似，重力和半径不变，所以比值不变，又因为绳子变短，所以拉力变小，D正确。【答案】D16一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板
3、间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、表示P点的电势，EP表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将EpAOL0XCOL0XEOL0XOL0XBCD负极板缓慢向左平移一小段距离L0的过程中，各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是 【考点】匀强电场中电势差与电场强度的关系电势差电容器的电压、电荷量和电容的关系【试题解析】根据可知，将负极板缓慢向左移动一小段距离，两板间距离变大，所以电容减小，A错误；再根据，所以场强不变，B错误；负极板接地，所以电势为零，负极板距离P点的距离变大，所以电势增大，C正确；根据可知电势能增大，D错误。【答案】C1
4、7将火星和地球绕太阳的运动近似看成是同一平面内的同方向绕行的匀速圆周运动，已知火星的轨道半径r1=2.31011m，地球的轨道半径为r2=1.51011m，根据你所掌握的物理和天文知识，估算出火星与地球相邻两次距离最小的时间间隔约为A1年 B2年 C3年 D4年【考点】万有引力定律及其应用【试题解析】根据开普勒第三定律有：地球的周期为T2=1年，则有火星的周期为T1=18年；设经时间t两星又一次距离最近，根据=t则两星转过的角度之差=（）t=2，得t=23年2年；故选B。【答案】B18导体导电是导体中自由电荷定向移动的结果，这些可以定向移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是电子现代广
5、泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，其载流子是电子，另一类是P型半导体，其载流子称为“空穴”，相当于带正电的粒子如果把某种导电材料制成长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与长方体的前后侧面垂直，当长方体中通有向右的电流I时，测得长方体的上下表面的电势分别为上和下，则 A如果上下，长方体一定是N型半导体 B如果上下，长方体一定是P型半导体 C如果上下，长方体一定是P型半导体 D如果上下，长方体可能是金属导体【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动匀强电场中电势差与电场强度的关系【试题解析】如果是P型半导体，载流子是正电荷，根据左手定则，正电荷向下偏，则下表面带正电，则上下，故B错误，
6、C正确；如果是N型半导体，载流子是负电荷，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则上下，A错误；如果是金属导体，则移动的自由电子，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则上下故D正确。【答案】CD19如图所示，斜面体B静置于水平桌面上，斜面上各处粗糙程度相同一质量为M的木块A从斜面底端开始以初速度v0上滑，然后又返回出发点，此时速度为v，且vv0，在上述过程中斜面体一直静止不动，以下说法正确的是A物体上升的最大高度是(v02+v2)/4gB桌面对B始终有水平向左的静摩擦力C由于物体间的摩擦放出的热量是mv02/2DA上滑时比下滑时桌面对B的支持力大 【考点】功能关系、机械能守恒定律
7、及其应用【试题解析】由于vv0，所以物体A在在滑动过程中受到滑动摩擦力作用；物体A受到的滑动摩擦力fA=Mgcos，全程f1=f2=fA=Mgcos，对物块全程根据动能定理有：-2f，上升过程，有：，联立解得故A正确；对斜面体B进行受力分析，物体A向上滑动时，B受力如图甲所示，物体A向下滑动时，斜面体受力如图乙所示：桌面对B的摩擦力方向始终水平向左，故B正确；物体B处于平衡状态，由平衡条件得：FN1=G+Nco-f1sin，FN2=G+Ncos+f2sin，FN2FN1，即下滑的支持力大于上滑的支持力，D错误，C错误。【答案】AB20如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两
8、个粒子（不计重力）沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则 A从P点射出的粒子速度大 B从Q点射出的粒子向心力加速度大 C从P点射出的粒子角速度大 D两个粒子在磁场中运动的时间一样长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【试题解析】粒子运动的轨迹如图所示，从P点射出的粒子轨道半径小，根据得，所以从P点射出的粒子速度小，故A错误；B正确；轨迹对应的圆心角相等，根据运动时间，又，所以运动的时间相同，所以C错误；D正确。【答案】BD21如图所示，边长为L、总电阻为R的均匀正方形线框abcd放置在光滑水平桌面上，其cd边右侧紧邻两个磁感应强度为B、宽度为L、方向相反的有界匀强磁场。现使线框以
9、速度v0匀速通过磁场区域，从开始进入，到完全离开磁场的过程中，下列图线能定性反映线框中的感应电流（以逆时针方向为正）和a、b两点间的电势差随时间变化关系的是 A B C D【考点】法拉第电磁感应定律闭合电路的欧姆定律【试题解析】线圈进入左侧磁场过程：在进入磁场0-L的过程中，E=BLv0，电流，方向为逆时针方向，为正；a的电势比b的电势高，ab间的电势差在的过程中，电动势，电流，方向为顺时针方向，为负。a的电势比b的电势高，ab间的电势差在L-2L的过程中，E=2BLv0，电流，方向为顺时针方向，为负；a的电势比b的电势高，ab间的电势差，在2L-3L的过程中，E=BLv0，电流，方向为逆针方
10、向，为正；a的电势比b的电势低，ab间的电势差，故AC正确，BD错误。【答案】AC第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都做答；第33题39题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题(共129分)22（6分）某同学利用如图所示的装置探究功与速度变化的关系。（）小物块在橡皮筋的作用下弹出，沿水平桌面滑行，之后平抛落至水平地面上，落点记为M1；（）在钉子上分别套上2条、3条、4条同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，重复步骤（），小物块落点分别记为M2、M3、M4；（）测量相关数据，进行数据处理。（1）为求出小物块抛出时的动能，需要测量下列物理量中
11、的 （填正确答案标号）。A小物块的质量m B橡皮筋的原长xC橡皮筋的伸长量x D桌面到地面的高度hE小物块抛出点到落地点的水平距离L（2）将几次实验中橡皮筋对小物块做功分别记为W1、W2、W3、，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为L1、L2、L3、。若功与速度的平方成正比，则应以W为纵坐标、 为横坐标作图，才能得到一条直线。（3）由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于 （填“偶然误差”或“系统误差”）。【考点】实验：探究动能定理【试题解析】（1）小球离开桌面后做平抛运动，根据桌面到地面的高度h=gt2，可计算出平抛运动的时间，再根据小物块抛出点到落地点的水平距离L=v0t
12、，可计算出小球离开桌面时的速度，根据动能的表达式Ekmv2，还需要知道小球的质量故ADE正确、BC错误。（2）根据h=gt2，和L=v0t，可得v02，因为功与速度的平方成正比，所以功与L2正比，故应以W为纵坐标、L2为横坐标作图，才能得到一条直线（3）一般来说，从多次测量揭示出的实验误差称为偶然误差，不能从多次测量揭示出的实验误差称为系统误差由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于系统误差【答案】（1）ADE（2）L2（3）系统误差23（9 分）某同学要测量额定电压为3V的某圆柱体电阻R的电阻率。(1)用游标卡尺测量其长度，如图所示，则其长度L= mm。(2)为精确测量R的阻
13、值，该同学先用如图所示的指针式多用电表粗测其电阻。他将红黑表笔分别插入“+”、“”插孔中，将选择开关置于“l”档位置，然后将红、黑表笔短接调零，此后测阻值时发现指针偏转角度如图甲所示。试问：为减小读数误差，该同学应将选择开关置于“ ”档位置。再将红、黑表笔短接，此时发现指针并未指到右边的“”处，如图乙所示，那么他该调节 直至指针指在“”处再继续实验，结果看到指针指在如图丙所示位置。(3)现要进一步精确测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：AA灵敏电流计G(量程200A，内阻300)B电流表 (量程3A，内阻约0.3)V2V1C电压表 (量程3V，内阻约3k)D电压表 量程l5V，内阻约5k
14、)E滑动变阻器R1(最大阻值为10)FF最大阻值为9999的电阻箱R2以及电源E (电动势4V，内阻可忽略)、电键、导线若干为了提高测量精确度并且使电阻R两端电压调节范围尽可能大，除电源、电键、导线以外还应选择的最恰当器材(只需填器材前面的字母)有 。请在右面的方框中画出你设计的电路图。【考点】实验：测定金属的电阻率（同时练习使用螺旋测微器）【试题解析】（1）先读出主尺刻度为70mm，游标尺为20分度，所以读数为3005mm，故长度为70mm015mm7015mm。（2）欧姆表读数当指针在中间左右时比较准确，开始指针偏转很小，说明电阻很大，因此要选择大一点的档位，即选择10档；欧姆表的调零有“
15、机械调零”和“欧姆调零”，将红、黑表笔短接，此时发现指针并未指到右边的“0”，此时要进行“欧姆调零”；（3）利用伏安法测电阻时，误差来自电流表的分压或者电压表的分流，该题中若用已知内阻的小量程的电流表改装为大量程的电流表，然后采用电流表的内接法，这样可以克服电流表的分压，使测量更准确，由此原理可知，还需要的器材有：ACEF。【答案】（1）7015（2） 10 欧姆调零旋钮（3） ACEF24(14分)如图所示，一质量m0.4 kg的滑块(可视为质点)静止于动摩擦因数0.1的水平轨道上的A点现对滑块施加一水平外力，使其向右运动，外力的功率恒为P10.0 W经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至B
16、点后水平飞出，恰好在C点以5m/s的速度沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器已知轨道AB的长度L2.0 m，半径OC和竖直方向的夹角37，圆形轨道的半径R0.5 m(空气阻力可忽略，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)，求：(1) 滑块运动到D点时压力传感器的示数；(2) 水平外力作用在滑块上的时间t. 【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用功能关系、机械能守恒定律及其应用【试题解析】（1）滑块由C点运动到D点的过程，由机械能守恒定律得：滑块运动到D点时，由牛顿第二定律得:代入数据，联立解得：FN 256 N（2）滑块运动
17、到B点的速度为：滑块由A点运动B点的过程，由动能定理得：PtmgL代入数据解得：【答案】（1）256 N（2）25（18分）如图甲所示，弯折成90角的两根足够长金属导轨平行放置，形成左右两导轨平面，左导轨平面与水平面成53角，右导轨平面与水平面成37角，两导轨相距L=0.2m，电阻不计质量均为m=0.1kg，电阻均为R=0.1的金属杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，金属杆与导轨间的动摩擦因数均为=0.5，整个装置处于磁感应强度大小为B=1.0T，方向平行于左导轨平面且垂直右导轨平面向上的匀强磁场中t=0时刻开始，ab杆以初速度v1沿右导轨平面下滑t=ls时刻开始，对ab杆施加一垂直ab杆
18、且平行右导轨平面向下的力F，使ab开始作匀加速直线运动cd杆运动的vt图象如图乙所示（其中第1s、第3s内图线为直线）若两杆下滑过程均保持与导轨垂直且接触良好，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）在第1秒内cd杆受到的安培力的大小（2）ab杆的初速度v1 （3）若第2s内力F所做的功为9J，求第2s内cd杆所产生的焦耳热【考点】功能关系、机械能守恒定律及其应用法拉第电磁感应定律安培力、安培力的方向牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】（1）对c d杆，由vt图象得：， 由牛顿第二定律得：mgsin53（mgcos53+F安）=ma1 解得：F安=02N （2）对
19、ab杆，感应电动势：E=BLv1 电流： cd杆的安培力：F安=BIL 解得：v1=1m/s （3）由题意得第3s内cd的加速度：a2=4m/s2 设2s时ab杆的速度为v2，对cd杆，由牛顿第二定律得： 解得：v2=9m/s 有运动学知识得2s内ab杆的位移： 由动能定理得：WF+WG+Wf+W安= 又WF=9J WG=mgx2sin37 Wf=mgx2cos37 W安=2Qcd 解得：Qcd=3J 【答案】（1）02N（2）1m/s（3）3J(二)选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑。注意所做题目必须与所
20、涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33【物理一选修3-3】（15分）（1）（5分）下列说法正确的是_。（填写正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A. 一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随着温度降低而减小B. 晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C. 空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向D. 外界对气体做功时，其内能一定会增大E. 生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺人其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成【考点】理想气体状
21、态方程热力学第一定律温度是分子平均动能的标志、内能分子动理论的基本观点和实验依据【试题解析】质量一定，体积一定的气体，单位体积内的分子个数相同，当温度降低时，分子运动的平均动能减低，速度变慢，所以单位时间内与器壁平均碰撞次数减小，A正确；晶体具有特定的熔点，所以吸收热量温度不一定升高，分子平均动能不一定增大，B错误；一切与热量有关的现象，都具有方向性，在外界帮助下可以进行逆向传递，C正确；外界对气体做功，在气体不对外放热的情况下，内能才会增大，D错误；半导体中掺入其他元素导电性会增强，E正确。【答案】ACE（2）已知竖直玻璃管总长为h，第一次向管内缓慢地添加一定质量的水银，水银添加完时，气柱长
22、度变为第二次再取与第一次相同质量的水银缓慢地添加在管内，整个过程水银未溢出玻璃管，外界大气压强保持不变.求第二次水银添加完时气柱的长度若第二次水银添加完后，把玻璃管在竖直面内以底部为轴缓慢的沿顺时针方向旋转60求此时气柱长度（水银未溢出玻璃管）【考点】理想气体状态方程热力学第一定律温度是分子平均动能的标志、内能分子动理论的基本观点和实验依据【试题解析】设开始时封闭气体压强为，每次添加的水银产生的压强为，玻璃管的横截面积为，由玻意耳定律列方程得： P0hS(P0+2P)075hS 设第二次水银添加完时空气柱长度为，由玻意耳定律列方程得： P0hS(P0+2P)hS 连理解得：h06h 把玻璃管在
23、竖直面内缓慢的沿顺时针方向旋转600，由玻意耳定律列方程得：P0hS=( P0+2Psin300)h/S 联立解得：h/=075h【答案】06h ；075h34【物理一选修3-4】（15分）(1)（5分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t=0.6 s时刻，这列波刚好传到Q点，波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是_。（填入正确选项前的字母，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A. 这列波的波速为16.7 msB这列波的周期为0.8 sC质点c在这段时间内通过的路
24、程一定等于30 cmD从t=0时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是这个时刻E在t=0.5 s时，质点b、P的位移相同【考点】光的折射定律横波的图像【试题解析】根据题意可知，v，A错误；图像可知该波的波长为40m，周期为T，B正确；t06s，质点c振动的时间小于四分之三个周期，所以在这段时间内c运动的路程为：s3A30cm，C错误；所以质点的振动表达式为：，0时刻质点a的位移为5cm，第一次达到平衡位置需要的时间，D正确；b点的振动规律是：，p点的振动规律是：，t05s时两个质点的振动位移不同，E错误。【答案】BDEABC30FED(2)（10分）如图所示，直角棱镜ABC置于空气中，
25、A=30，AB边长为2a。一束单色光从D点垂直于BC边射入棱镜，在AC边上的E点恰好发生一次全反射后，从AB边中点F处射出。已知真空中光速为c。求：棱镜的折射率n；单色光通过棱镜的时间t。【考点】光的折射【试题解析】在E点恰好发生全反射，临界角：ABC30FED则此玻璃的折射率：传播的速度：光线在玻璃砖中传播的距离：所用时间：【答案】棱镜的折射率为；单色光通过棱镜的时间为。35【物理一选修3-5】（15分）(1)（5分）下列的若干叙述中，正确的是 （填写正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A. 黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体
26、的温度有关B. 对于同种金属产生光电效应时，逸出光电子的最大初动能 Ek与照射光的频率成线性关系C. 一块纯净的放射性元素的矿石，经过一个半衰期以后，它的总质量仅剩下一半D. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的能量也减小了E. 将核子束缚在原子核内的核力，是不同于万有引力和电磁力的另一种相互作用【考点】动量、动量守恒定律及其应用功能关系、机械能守恒定律及其应用氢原子的能级结构、能级公式原子核的组成、放射性、原子核的衰变、半衰期【试题解析】黑体辐射电磁波的强度按照波长只与黑体的温度有关，A正确；根据光电效应方程，有：可知，逸出光电子的最大初
27、动能 Ek与照射光的频率成线性关系，B正确；半衰期与物理环境和化学环境均无关，C错误；氢原子从半径较小的轨道跃迁到较大轨道时，需要吸收能量，所以原子的总能量增加，D错误；核力是一种强相互作用，不同于万有引力和电磁力，E正确。【答案】ABE(2)（10分）在如图所示的光滑水平面上，小明站在静止的小车上用力向右推静止的木箱，木箱离开手以5m/s的速度向右匀速运动，运动一段时间后与竖直墙壁发生弹性碰撞，反弹回来后被小明接住已知木箱的质量为30kg，人与车的质量为50kg求：推出木箱后小明和小车一起运动的速度大小；小明接住木箱后三者一起运动，在接木箱过程中系统损失的能量【考点】动量、动量守恒定律及其应用功能关系、机械能守恒定律及其应用氢原子的能级结构、能级公式原子核的组成、放射性、原子核的衰变、半衰期【试题解析】人在推木箱的过程，由动量守恒定律可得： 代入数据可得：v13m/s小明在接木箱的过程，由动量守恒定律可得：代入数据可得：v3375m/s故损失的能量： 代入数据可得：375J【答案】3m/s；375J版权所有：高考资源网()
