1、第八章 章末检测1带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用下列表述正确的是()A洛伦兹力对带电粒子做功B洛伦兹力不改变带电粒子的动能C洛伦兹力的大小与速度无关D洛伦兹力不改变带电粒子的速度方向解析洛伦兹力的方向与运动方向垂直，所以洛伦兹力永远不做功，即不改变粒子的动能，A错误、B正确；洛伦兹力fBqv，C错误；洛伦兹力不改变速度的大小，但改变速度的方向，D错误答案B2如图1所示，一个半径为R的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B大小相等、方向均与环面轴线方向成角(环面轴线为竖直方向)若导电圆环上载有如图1所示的恒定电流I，则下列说法中正确的是()图1A导
2、电圆环所受安培力方向竖直向下B导电圆环所受安培力方向竖直向上C导电圆环所受安培力的大小为2BIRD导电圆环所受安培力的大小为2BIRsin 解析将导电圆环分成若干小的电流元，任取一小段电流元为研究对象，把磁场分解成水平方向和竖直方向的两个分量，则竖直方向的分磁场产生的安培力矢量和为零，水平方向的分磁场产生的安培力为FBsin I2R2BIRsin ，方向竖直向上，所以B、D均正确答案BD3显像管原理的示意图如图2所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的O点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转设垂直纸面向里的磁场方向为正方向，若使电子打在荧光屏上的位置由a点逐渐移动到b点，
3、下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是()图2解析根据左手定则判断电子受到的洛伦兹力的方向电子偏转到a点时，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向外，对应Bt图，图线应在t轴下方；电子偏转到b点时，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，对应Bt图，图线应在t轴上方符合条件的是A选项答案A4如图3所示，在沿水平方向向里的匀强磁场中，带电小球A与B在同一直线上，其中小球B带正电荷并被固定，小球A与一水平放置的光滑绝缘板C接触(不粘连)而处于静止状态若将绝缘板C沿水平方向抽去后，以下说法正确的是()图3A小球A仍可能处于静止状态B小球A将可能沿轨迹1运动C小球A将可能沿轨迹2运动D小球A将可能沿轨
4、迹3运动解析小球A处于静止状态，可判断小球A带正电，若此时小球A所受重力与库仑力平衡，将绝缘板C沿水平方向抽去后，小球A仍处于静止状态；若库仑力大于小球A所受重力，则将绝缘板C沿水平方向抽去后，小球A向上运动，此后小球A在库仑力、重力、洛伦兹力的作用下将可能沿轨迹1运动答案AB5如图4所示，一弓形线圈通过逆时针方向的电流，在其圆弧的圆心处，垂直于纸面放置一直导线，当直导线通有指向纸内的电流时，线圈将()图4Aa端向纸内，b端向纸外转动，且靠近导线Ba端向纸内，b端向纸外转动，且远离导线Ca端向纸外，b端向纸内转动，且靠近导线Da端向纸外，b端向纸内转动，且远离导线解析先由等效法，把弓形线圈中的
5、电流等效成一个小磁针，其N极垂直纸面向外，而直线电流的磁场方向在小磁针所在处方向为竖直向上，因此小磁针N极将转向磁场方向，即a端向内转动，b端向外转动；当线圈转过90后，a、b中电流与直导线电流同向平行，而弧形部分电流与直导线电流反向平行，但前者离直导线较近，受到的引力较大，后者离直导线较远，受到的斥力较小，总的作用力为引力，故线圈向直导线靠近根据以上分析，本题正确选项应为A.答案A6如图5所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点，一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，现设法使该带电粒
6、子从O点沿纸面与Od成30的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是()图5A若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从cd边射出磁场B若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ad边射出磁场C若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从bc边射出磁场D若该带电粒子在磁场中经历的时间是t0，则它一定从ab边射出磁场解析作出刚好从ab边射出的轨迹、刚好从bc边射出的轨迹、从cd边射出的轨迹和从ad边射出的轨迹，如图所示由条件可知，带电粒子在磁场中做圆周运动的周期是2t0.由图可知，从ab边射出经历的时间t1；从bc边射出经历的时间t2；从cd边射出经历的时间一定
7、是t3；从ad边射出经历的时间t4.结合选项可知，A、C正确答案AC71922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖若速度相同的同一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图6所示，则下列相关说法中正确的是()图6A该束带电粒子带负电B速度选择器的P1极板带正电C在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D在B2磁场中运动半径越大的粒子，荷质比越小解析由粒子在右边磁场中的偏转可知，粒子带正电，A错；带正电的粒子在速度选择器中受洛伦兹力向上，电场力应向下，所以上板带正电，B对；由R可知，在v、B相同时，半径越大，荷质比越小，D对答案BD8如图7所示为一种获得高能粒子的
8、装置，环形区域内存在垂直纸面向外、大小可调节的均匀磁场，质量为m，电荷量为q的粒子在环中做半径为R的圆周运动，A、B为两块中心开有小孔的极板，原来电势都为零，每当粒子顺时针飞经A板时，A板电势升高为U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间电场中得到加速，每当粒子离开B板时，A板电势又降为零，粒子在电场一次次加速下动能不断增大，而绕行半径不变()图7A粒子从A板小孔处由静止开始在电场作用下加速，绕行n圈后回到A板时获得的总动能为2nqUB在粒子绕行的整个过程中，A板电势可以始终保持为UC在粒子绕行的整个过程中，每一圈的周期不变D为使粒子始终保持在半径为R的圆轨道上运动，磁场必须周期性递增，则粒子绕行
9、第n圈时的磁感应强度为 解析本题考查了带电粒子在电场中的加速运动和在磁场中做圆周运动的规律粒子在电场中绕行n圈后回到A板时获得的总动能为nqU，A错；在粒子绕行的整个过程中，A板电势有时为U，有时为零，B错；周期T，在粒子绕行的整个过程中，磁感应强度B发生变化，所以T也发生变化，C错；粒子绕行第n圈时，R，又nqUmv2，联立解得B ，D对答案D9. 如图8-所示，一带电粒子质量为m2.01011 kg、电荷量q1.0105 C，从静止开始经电压为U1100 V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，粒子射出电场时的偏转角60，并接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，
10、粒子射出磁场时的偏转角也为60.已知偏转电场中金属板长L2 cm，圆形匀强磁场的半径R10 cm，重力忽略不计求：图8(1)带电粒子经U1100 V的电场加速后的速率；(2)两金属板间偏转电场的电场强度E；(3)匀强磁场的磁感应强度的大小解析(1)带电粒子经加速电场加速后速度为v1，根据动能定理：qU1mvv1 1.0104 m/s(2)带电粒子在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动在水平方向粒子做匀速直线运动水平方向：v1带电粒子在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2，且v2at，a由几何关系tan E10 000 V/m(3)设带电粒子进磁场时的速度大小为v，
11、则v2.0104 m/s由粒子运动的对称性可知，入射速度方向过磁场区域圆心，则出射速度反向延长线过磁场区域圆心，粒子在磁场中的运动轨迹如图所示则轨迹半径为rRtan 600.3 m由qvBm得B0.13 T答案(1)1.0104 m/s(2)10 000 V/m(3)0.13 T10如图9甲所示，在以O为坐标原点的xOy平面内，存在着范围足够大的电场和磁场，一个带正电小球在t0时刻以v03gt0的初速度从O点沿x方向(水平向右)射入该空间，在t0时刻该空间同时加上如图乙所示的电场和磁场，其中电场方向竖直向上，场强大小E0，磁场垂直于xOy平面向外，磁感应强度大小B0，已知小球的质量为m，带电荷
12、量为q，时间单位为t0，当地重力加速度为g，空气阻力不计试求：图9(1)t0末小球速度的大小；(2)小球做圆周运动的周期T和12t0末小球速度的大小；(3)在给定的xOy坐标系中，大体画出小球在0到24t0内运动轨迹的示意图；(4)30t0内小球距x轴的最大距离解析(1)由题图乙知，0t0内，小球只受重力作用，做平抛运动，在t0末：vgt0(2)当同时加上电场和磁场时，电场力F1qE0mg，方向向上因为重力和电场力恰好平衡，所以小球只受洛伦兹力而做匀速圆周运动，有qvB0m运动周期T，联立解得T2t0由题图乙知，电场、磁场同时存在的时间正好是小球做匀速圆周运动周期的5倍，即在这10t0内，小球
13、恰好做了5个完整的匀速圆周运动所以小球在t112t0时刻的速度相当于小球做平抛运动t2t0时的末速度vy1g2t02gt0，vx1v0x3gt0所以12t0末v1gt0(3)24t0内运动轨迹的示意图如图所示(4)分析可知，小球在30t0时与24t0时的位置相同，在24t0内小球相当于做了t23t0的平抛运动和半个圆周运动.23t0末小球平抛运动的竖直分位移大小为y2g(3t0)2gt竖直分速度vy23gt0v0，所以小球与竖直方向的夹角为45，速度大小为v23gt0此后小球做匀速圆周运动的半径r230t0内小球距x轴的最大距离：y3y2(1cos 45)r2gt答案(1)gt0(2)2t0gt0(3)见解析图(4)gt
