1、（满分100分，考试时间90分钟）一、 选择题（本题12小题；每小题4分，共48分。其中1-8为单项选择，9-12小题多项选择题，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是正确。全部选对的的4分，选不全对的的2分，有选错或不答的得0分）1.下列有关物理学家和他们的贡献叙述正确的是()A.做曲线运动的物体，所受合力一定不为零B.牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量C.力是矢量，位移时矢量，所以功也是矢量D.砸钉子不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻2.如图所示，曲线为质点运动的轨迹，在通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹在图上标出，其中可能正确的是（）3.如图所示，质量相同的两小球a、b分别从
2、斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出后，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是()A.小球a、b在空中飞行的时间之比为2：1B.小球a、b抛出时的初速度大小之比为2：1C.小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4：1D.小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角之比为2：14. 有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（ ） A.如图a，汽车通过拱桥（半径为R）的最高点处最大速度不能超过 B如图b为A、B两球在同一水平面内做圆周运动，则 C如图c，在光滑圆锥筒内做匀速圆周运动的同样的小球，A、B受筒壁的支持力大小相等 D如图d，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘会有挤压作用5.
3、 宇宙中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用。已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式。其中一种是三颗星位于同一直线上，两颗环绕星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；设每个星体的质量均为M，引力常量为G则（ ） A.环绕星运动的线速度 B环绕星运动的线速度 C环绕星运动的周期 D环绕星运动的周期6. 质量相等的物体分别在地球和月球上以相同的速度竖直上抛，如果不计任何阻力，则下列说法中不正确的是（） A.上升过程中的平均速度不相等 B上升过程中重力做功不相等 C.上升过程中重力做功的平均功率不相等 D上升过程中所受重力的冲量不相等
4、7.如图所示，两个竖直圆弧轨道固定在同一水平地面上，半径R相同，左侧轨道由金属凹槽制成，右侧轨道由金属圆管制成，均可视为光滑。在两轨道右侧的正上方分别将金属小球A和B由静止释放，小球距离地面的高度分别为和，下列说法正确的是（ ）。 A. 若使小球A沿轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为2R B. 若使小球B沿轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为2R C. 适当调整，可使A球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处 D. 无论如何调整，都不可能使B球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处8.如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针转动.现将一质量m=1的物体轻轻地放在传送带的a点上
5、，物体与传送带间的动摩擦因数=0.1，a、b间的距离L=8m，g=10m/s2。设物体从a点运动到b点所经历的时间为t，该过程中物体和传送带间因摩擦而产生的热量为Q，下列关于t和Q的值说法中正确的是()A.t=4s，Q=6J B.t=4s，Q=2J C.t=5s，Q=6J D.t=5s，Q=2J9.质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff，则 ( ) A0t1时间内，汽车的牵引力等于 Bt1t2时间内，汽车的功率等于 C汽车运动的最大速度 Dt1t2时间内，汽车的平均速度小于10. “天舟一号”飞船是中国空间技术研
6、究院研制的第一艘货运飞船，2017年4月20日19时41分在海南文昌航天发射中心，由长征7号遥2运载火箭发射。4月21日上午，“天舟一号”货运飞船已经完成了两次的轨道控制，后来又进行了三次的轨道控制，使“天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方。4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与离地面390公里处的“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接。下列说法正确的是( ) A.“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动过程中，受到恒力的作用 B根据“天宫二号”离地面的高度，可计算出地球的质量 C“天舟一号”发射速度大于7.9km/s且小于11.2km/s D“天舟一号”必须加速才能与“天宫二号”
7、对接11. 图甲为竖直固定在水平面上的轻弹簧，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹簧弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出此过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，不计空气阻力，则（ ） A.t1时刻小球的动能最大 B小球早运动过程中机械能守恒 C.t3时刻弹簧的弹性势能为零 D图乙中t1-t3时间内图线所围面积在数值上大于小球在此过程中的动量的变化量12.如图甲，所示质量m=2的长木板A放在光滑的水平面上，另一质量m=2的物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面
8、，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化的情况如图乙所示，重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的是( )A.木板获得的动能为2JB.系统损失的机械能为1JC.木板A的最小长度为1mD.A、B间的动摩擦因数为0.1二、 实验题（共2小题，共计16分）13.（6分）两个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验。(1)甲同学采用如图甲所示的装置，用小锤打击弹性金属片，金属片把球A沿水平方向弹出，同时球B被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变球A被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明 ；(2)乙同学通过实验描迹得到平抛运动轨迹上A、B、C三点（
9、如图乙所示），其坐标标记如图，坐标原点O为抛出点，y轴竖直向下，其中 点的位置或坐标的测量有明显的错误，请根据你认为正确的数据算出小球平抛的初速度v= m/s（g=10m/s2）。14.（10分）某同学采用如图所示的装置进行了有关动能定理研究的实验。其步骤如下:（1）按图把实验器材安装好，不挂配重，反复移动垫木直到小车能够做匀速直线运动；（2）把细线系在小车上并绕过定滑轮悬挂质量为m=20g的配重。接通电源，放开小车，电火花计时器在被小车M带动的纸带上打下一系列点。从某点A开始，此后在纸带上每隔4个点取一个计数点，依次标为B、C、D.；（3） 测量出B、C、D.各点与A点的距离，分别记为x1、
10、x2、x3.；（4） 用配重受到的重力分别乘以x1、x2、x3.，得到配重重力所做的功W1、W2、W3.；（5）求出B、C、D.各点速度的大小，分别记为v1、v2、v3.，再求出它们的平方.；（6）用纵坐标表示速度的平方，横坐标表示配重重力所做的功W，作出-W图象。(以下计算保留到小数点后两位)步骤的目的是 。在实验中把配重物体的重力视为小车的合外力，除了步骤1的条件外，还需要满足的条件是 。在步骤4中该同学测得x1=50.00mm，则配重重力所做的功W1=_J（g=10m/s2）该同学得到的-W图象如图所示。通过图象可知，打A点时对应小车的速度_m/s。小车的质量M=_。三、计算题（本题共3
11、小题，36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（10分）有一个质量为0.5kg的弹性小球从H=0.8m的高度落到水平地板上，每一次弹起的速度总等于落地前的0.5倍，且每次球与地面接触时间相等均为0.2s，空气阻力不计，（重力加速度g取10m/s2），求：（1）第一次球与地板碰撞，地板对球的平均冲力为多少？（2）第一次和第二次与地板碰撞球所受的的冲量的大小之比是多少？16. （12分）如图所示，水平杆固定在竖直杆上，两者互相垂直，水平杆上0、A两点连接有两轻绳，两绳的另一端都系在质量为m的小球上，OA
12、=OB=AB=L，求：（1）小球处于静止状态时，两轻绳的拉力大小；（2）现通过转动竖直杆，使水平杆在水平面内做匀速圆周运动，三角形OAB始终在竖直平面内，若转动过程OA、AB两绳始终处于拉直状态，则转动的角速度应满足的条件。17. （14分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均
13、能达到C点的正上方。若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg。求:(1)滑块通过B点时的速度；(2)弹簧释放的弹性势能；(3)平台转动的角速度应满足什么条件。豫南九校20162017学年下期第三次联考高一物理参考答案1A2【答案】D【解析】试题分析：物体的速度方向沿轨迹的切线方向；加速度的方向指向轨迹的凹向，故可能正确的只有D故选D3【答案】C【解析】因为两球下落的高度之比为2：1，根据h=gt2得，高度之比为2：1，则时间之比为：1，故A错误两球的水平位移之比为2：1，时间之比为：1，根据 知，初速度之比为：1，故B错误根据动能定理可知，到达斜面底端
14、时的动能之比EKa：Ekb=(mva2+mgha)：(mvb2+mghb)=2：1，故C正确小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故D错误故选C4【答案】C【解析】如图a，汽车通过拱桥（半径为R）的最高点处最大速度因满足： ，即 ，选项A错误；.如图b所示是一圆锥摆，根据 ，解得 ，则圆锥摆的角速度相等，选项B错误；如图c，在光滑圆锥筒内做匀速圆周运动的同样的小球，受筒壁的支持力为 （为椎体顶角的一半），故支持力大小相等，选项C正确； 如图d，火车转弯超
15、过规定速度行驶时，外轨对轮缘会有挤压作用，选项D错误；故选C5【答案】B【解析】三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；其中边上的一颗星受中央星和另一颗边上星的万有引力提供向心力 ，解之得： ，选项B正确，A错误； ，故选项CD错误；故选B.6【答案】C【解析】根据 可知，上升过程中平均速度相同，选项A错误；根据动能定理可知，上升过程中重力的功等于动能的变化mv02，故重力的功相同，选项B错误；月球上的重力加速度较小，根据 可知，在月球上上升到最大高度的时间较大，根据 可知，在月球上重力做功的平均功率较小，选项C正确；根据动量定理可知，上升过程中重力的冲量等于动量的
16、变化mv0，故重力的冲量相同，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选C.7【答案】B来源:Zxxk.Com【解析】对左侧轨道，小球A运动到最高点的最小速度v=.由机械能守恒定律，mghA=mv2+mg2R，解得若使小球A沿轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为5R/2，选项A错误。由R=gt2，x=vt解得水平位移最小距离x=R。无论如何调整hA，使A球从轨道最高点飞出后，都一定落在轨道右端口右侧，选项C错误。对右侧轨道，小球B运动到最高点的最小速度v=0，由机械能守恒定律，mghB=mv2+mg2R，解得若使小球B沿轨道运动并且从最高点飞出，释放的最小高度为2R，选项B正确。适当调整hB
17、，可使B球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处，选项D正确。8【答案】D【解析】物体运动的加速度，速度与传送带相等：v=at1，t1=2s，物体的位移：，然后匀速运动：，所以总的时间t=5s；传送带在t1时间内的位移x2=vt1=4m，产生的热量，所以ABC错误；D正确。9【答案】BC【解析】试题分析：本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值由题图可知，阶段，汽车做匀加速直线运动
18、，联立得，A错误；在时刻汽车达到额定功率，时间内，汽车保持额定功率不变，时刻，速度达到最大值，此时刻，B、C正确；由v-t图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，时间内，汽车的平均速度大于，D错误10【答案】CD【解析】“天宫二号”绕地球做匀速圆周运动过程中，受到地球引力的作用，大小不变，但方向在变化，选项A错误；根据 ，可得，则根据“天宫二号”离地面的高度，不可计算出地球的质量，选项B错误；“天舟一号”与“天宫二号”的对接时，“天舟一号”要向后喷气加速才能对接天宫二号”选项C正确；对接前，“天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方，所以必须加速才能对接，选项D正确；故选BD.11【答案】C
19、D【解析】由图知，t1时刻小球刚与弹簧接触，此时小球的重力大于弹簧的弹力，小球将继续来源:学。科。网Z。X。X。K向下做加速运动，此时小球的动能不是最大，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，动能最大故A错误；t2时刻，弹力F最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，动能最小，此时小球受的合力最大，加速度最大，故B错误；t3时刻弹簧的弹力为零，此时弹性势能为零，选项C正确；图乙中图线所围面积在数值上等于弹力对小球的冲量，根据动量定理可知 ，故图线所围面积在数值上大于小球动量的变化量，选项D正确；故选CD.来源:Zxxk.Com12【答案】CD13【答案】 (1)平抛运动的竖
20、直分运动是自由落体运动(2)B 100(每空2分)来源:学.科.网Z.X.X.K【解析】（1）因为A、B两球始终同时落地，知A球在竖直方向上的运动规律与B球的运动规律相同，即平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动（2）平抛运动的物体，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，图中水平坐标正确，但竖直方向B的坐标应为20 cm。由竖直下落的高度可求得每个时间间隔为010 s，故水平方向的速度为v m/s100 m/s，即初速度为100 m/s。14【答案】 (每空2分）平衡摩擦力 小车质量远大于配重的质量即Mm 0.10 0.50（0.480.52） 0.30（0.280.32)【解析
21、】（1）该实验中配重物体的重力视为小车的合外力，因此实验前需要进行平衡摩擦力，故实验1的目的是平衡摩擦力（2）还需要小车质量远大于配重的质量即Mm（3）配重重力做功为：W=mgx4=0.10J（4）由图可知，纵轴截距对应的就是打A点速度的平方，因此有： 0.25m2/s2 所以有：vA=0.50m/s（5）根据动能定理： ，可得： ，所以图象的斜率： ，代入数据得：M=0.30kg15【答案】（1）20N；（2）2:1【解析】（1）篮球第一次与地面碰前瞬时速度为 （2分）碰后的速度为v1=05v0=2m/s（1分）选向上为正方向，由动量定理有Ft-mgt=mv1-（-mv0）（2分）F=20N
22、（1分）（2）第二次碰前瞬时速度和第二次碰后瞬时速度关系为v2=05v1=052v0（1分）设两次碰撞中地板对球的冲量分别为I1、I2，选向上为正方向，由动量定理有：I1=mv1-（-mv0）=15mv0（1分）I2=mv2-（-mv1）=15mv1=075mv0（1分）I1:I2=2:1（1分）16【解析】（1）小球静止时，处于平衡状态，受力分析，建立直角坐标系如图设OB绳的拉力为，OB绳的拉力为，则由平衡条件可得(2分）（2分）解得：T1=T2=mg（1分）（2）转动的角速度为零时，OB绳、AB绳都处于伸直状态，增大转动的角速度，当AB绳的拉力刚好为零时，OB绳的拉力最大，此时转动的角速度最大，设这时OB绳的拉力为T3，转动的角速度为，则 (2分） (2分） (1分）解得 (1分）所以转动的角速度 (1分）17【答案】（1）（2）（3）来源:学科网ZXXK【解析】（1）物体通过B点时作圆周运动则有：（1分） （1分） 解得：（1分）（2）物理由静止释放到B点，利用动能定理（2分）（1分）（1分）（1分）（1分）（3）滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为，则（1分）解得（1分）滑块穿过P孔后再回到平台的时间（1分）要想实现题述过程，需满足 （1分） （1分）
