1、一、选择题1S型肺炎双球菌菌株是人类肺炎和小鼠败血症的病原体，而R型菌株却无致病性。下列有关叙述正确的是()AS型菌再次进入人体后可刺激记忆B细胞中某些基因的表达BS型菌与R型菌致病性的差异是由于细胞分化的结果C肺炎双球菌利用人体细胞的核糖体合成蛋白质D高温处理过的S型菌蛋白质因变性而不能与双缩脲试剂发生紫色反应解析：机体受抗原刺激产生的记忆细胞可识别再次进入机体的抗原并产生免疫反应；S型细菌与R型细菌基因的差异是导致二者性状差异的原因；肺炎双球菌利用自己细胞的核糖体合成蛋白质；肽键与双缩脲试剂反应生成紫色络合物，高温破坏的是蛋白质的空间结构，而肽键未被水解，故高温处理的蛋白质仍可与双缩脲试剂
2、发生紫色反应。答案：A2某研究人员模拟赫尔希和蔡斯关于噬菌体侵染细菌实验，进行了如下实验：用32P标记的噬菌体侵染未标记的细菌；用未标记的噬菌体侵染35S标记的细菌；用15N标记的噬菌体侵染未标记的细菌。一段时间后进行离心，检测到放射性存在的主要部位依次是()A沉淀、上清液、沉淀和上清液B沉淀、沉淀、沉淀和上清液C沉淀、上清液、沉淀D上清液、上清液、沉淀和上清液解析：放射性主要集中在部分子代噬菌体的核酸中；放射性主要集中在子代噬菌体蛋白质外壳中；放射性主要集中在部分子代噬菌体的核酸和留在细菌外的蛋白质外壳中。答案：B3在一个细胞周期中，DNA复制过程中的解旋发生在()A两条DNA母链之间BDN
3、A子链与其互补的母链之间C两条DNA子链之间DDNA子链与其非互补母链之间解析：在DNA复制时，首先是构成DNA的两条母链解旋，然后以分开的两条母链为模板，按照碱基互补配对原则合成子链。答案：A4关于转录和翻译的叙述，错误的是()A转录时以核糖核苷酸为原料B转录时 RNA 聚合酶能识别 DNA 中特定碱基序列CmRNA 在核糖体上移动翻译出蛋白质D不同密码子编码同种氨基酸可增强密码的容错性解析：转录是以DNA的一条链为模板，以核糖核苷酸为原料合成RNA的过程；转录过程需要RNA聚合酶的催化，RNA聚合酶首先结合到基因的启动子上，从而启动转录过程；以mRNA为模板翻译合成蛋白质时移动的是核糖体；
4、一个氨基酸可对应几种不同的密码子，这样能保证由于差错导致的密码子的改变而不会改变氨基酸，从而保持生物性状的稳定性。答案：C5关于RNA的叙述，错误的是()A少数RNA具有生物催化作用B真核细胞内mRNA和tRNA都是在细胞质中合成的CmRNA上决定1个氨基酸的3个相邻碱基称为密码子D细胞中有多种tRNA，一种tRNA只能转运一种氨基酸解析：真核细胞内的mRNA和tRNA主要是在细胞核内合成的；少数RNA是酶，具催化作用；mRNA上决定一个氨基酸的3个相邻碱基称为一个密码子；tRNA具有特异性，一种tRNA只能识别并转运一种氨基酸。答案：B6真核细胞内某基因由1000对脱氧核苷酸组成，其中碱基A
5、占20%。下列说法正确的是()A该基因一定存在于染色体上B该基因的一条脱氧核苷酸链中(CG)/(AT)为32CDNA解旋酶能催化该基因水解为多个脱氧核苷酸D该基因复制3次，需游离的鸟嘌呤脱氧核苷酸2800个解析：真核细胞的细胞器线粒体或叶绿体中也含有基因，但不存在于染色体上；根据已知条件可知：在该基因中，AT400个，GC600个，所以CG/AT32，而在每一条链中该比例相同。该基因复制3次，则需游离的鸟嘌呤脱氧核苷酸为600(231)4200个。答案：B7假设某高等生物体细胞的染色体数是10，其中染色体中的DNA用3H胸腺嘧啶标记，将该体细胞放入不含3H的培养液中连续分裂两次，则在第二次有丝
6、分裂后期取一个细胞中，没有被3H标记的染色体数为()A5B40C20 D10解析：根据DNA半保留复制的特点，起点DNA双链被3H标记，在不含3H的培养液中完成一次分裂后，每条染色体的DNA中一条链被3H标记，另一条链没有被标记。在不含3H的培养液中进行第二次分裂，有丝分裂后期一半染色体被标记，一半染色体没有被标记。利用其中一条染色体作为研究对象，再利用示意图法分析如下：答案：D8下图为基因的作用与性状的表现流程示意图。请根据图分析，不正确的选项是()A过程以DNA的一条链为模板、四种核糖核苷酸为原料合成RNAB过程中只需要mRNA、氨基酸、核糖体、酶、ATP即可完成C某段DNA上发生了基因突
7、变，但形成的蛋白质不一定会改变D人的镰刀型细胞贫血症是基因对性状的直接控制，使结构蛋白发生变化所致解析：翻译过程需要mRNA、氨基酸、核糖体、tRNA、酶、ATP等条件。答案：B二、非选择题9下图表示原核细胞中遗传信息传递的部分过程。请据图回答：(1)图中涉及的遗传信息传递方向为：_(以流程图的形式表示)。(2)转录过程中，DNA在_的催化作用下，把两条螺旋的双链解开，该变化还可发生在_过程中。(3)mRNA是以图中的为模板，在_的催化作用下，由4种游离的_依次连接形成的。(4)能特异性识别mRNA上密码子的分子是_，它所携带的小分子有机物可用于合成图中_。(5)由于化学物质甲磺酸乙酯的作用，
8、该生物体表现出新的性状，原因是：基因中一个GC对被AT对替换，导致由此转录形成的mRNA上_个密码子发生改变，经翻译形成的中_发生相应改变。解析：图中的表示DNA解旋酶，表示RNA聚合酶，表示DNA的一条单链，作为转录的模板，表示多肽(肽链)。基因控制蛋白质的合成分为两个步骤：转录和翻译。第(1)小题考查中心法则，但不能按照教材中的中心法则原原本本写下来，因为图中没有涉及DNA的自我复制、RNA的自我复制和逆转录。第(2)小题考查解螺旋，也可发生在DNA复制时。第(3)小题RNA聚合酶易与DNA聚合酶混淆，务必要搞清楚名称相似的几种酶的区别，RNA聚合酶的作用是催化DNA转录形成RNA。第(5
9、)小题中该生物体出现了新的性状，可以确定是蛋白质发生了改变，由此要联想到其组成单位氨基酸的数目、种类、空间结构和排列顺序发生变化，结合本题中提供的有一个碱基对发生了改变，故应是组成蛋白质的氨基酸的数目或种类发生了改变。答案：(1)DNARNA蛋白质(2)解旋酶DNA复制(3)RNA聚合酶核糖核苷酸(4)tRNA多肽(肽链)(5)1氨基酸的种类或数目10下图表示真核细胞中遗传信息的传递过程，请据图回答：(1)科学家克里克提出的中心法则包括图中_所示的遗传信息的传递过程。A过程发生在_的间期，B过程需要的原料是_，图中需要解旋酶的过程有_。(2)基因突变一般发生在_过程中，它可以为生物进化提供_。
10、(3)D过程表示tRNA运输氨基酸参与翻译，已知甲硫氨酸和酪氨酸的密码子分别是AUG、UAC，某tRNA上的反密码子是AUG，则该tRNA所携带的氨基酸是_。(4)图中a、b为mRNA的两端，核糖体在mRNA上的移动方向是_。图中的不同核糖体最终形成的肽链_(填“相同”或“不同”)。解析：(1)科学家克里克提出的中心法则包括DNA的复制、转录和翻译过程，也就是图中A、B、C所示的遗传信息的传递过程。DNA的复制(A)过程发生在有丝分裂和减数第一次分裂的间期。B过程需要的原料是游离的4种核糖核苷酸。DNA的复制、转录过程中，DNA分子都要首先解开螺旋，故图中需要解旋酶的过程有A、B。(2)基因突
11、变一般发生在DNA的复制(A)过程中，它可以为生物进化提供原始材料。(3)某tRNA上的反密码子是AUG，与其配对的密码子是UAC，可知该tRNA所携带的氨基酸是酪氨酸。(4)图中a、b为mRNA的两端，核糖体在mRNA上的移动方向是由a到b。因为模板相同，故图中的不同核糖体最终形成的肽链相同。答案：(1)A、B、C有丝分裂和减数第一次分裂游离的4种核糖核苷酸A、B(2)A原始材料(3)酪氨酸(4)由a到b相同11超级细菌是具有多种抗生素抗性的细菌，是人类滥用抗生素导致细菌种群进化的结果。若以超级细菌为实验对象，运用同位素示踪技术及密度梯度离心方法，可进行“超级细菌DNA复制方式”的探索实验，
12、设计的实验内容及预测结果见下表。组别第一组第二组第三组第四组培养液中的唯一氮源14NH4Cl15NH4Cl14NH4Cl14NH4Cl繁殖代数多代多代一代两代培养产物ABB的子一代B的子二代操作提取DNA并离心离心结果仅为轻带(14N/14N)仅为重带(15N/15N)仅为中带(15N/14N)1/2轻带(14N/14N) 1/2中带(15N/14N)请分析并回答：(1)要得到DNA中的N全部被放射性标记的超级细菌B，必须经过_代培养，且培养液中的_是唯一氮源。(2)综合分析实验的DNA离心结果，第_组结果将对得到结论起关键作用，但需要同时出现第_组和第_组的结果，才能说明超级细菌的DNA分子
13、的复制方式是_。(3)若四组实验的离心结果用图甲表示，那么，如果将B的子一代细菌转移到含15N的培养基上繁殖一代后，将所得细菌的DNA用同样方法分离，DNA分子将出现在试管中的什么位置？比例如何？请将预测结果绘制在图乙中。(4)分析讨论：若在同等条件下将B的子二代继续培养，将B的子n代DNA离心后，密度带的数量和位置是否会发生变化？若某次实验的结果中，B的子一代DNA的中带比以往实验结果的中带略宽，可能的原因是新合成DNA单链中的N尚有少部分为_。有人提出：将第三组中B的子一代DNA用解旋酶处理后再离心，就能直接判断DNA的复制方式，如果轻带和重带各占1/2，则一定为半保留复制。你认为此人说法
14、是否正确？理由是什么？解析：(1)DNA的复制方式是半保留复制，即子代DNA中总有一条链来自亲代DNA，复制的代数越多，含亲代DNA母链的DNA分子比例越低，因此，要得到DNA中的N全部被放射性标记的超级细菌B，原料应该是15NH4Cl。(2)由于第一组A是完全含14N的DNA，第二组B是经多代培养后完全被15N标记的DNA，而第三组是第二组B经过一次复制形成的子代DNA，其离心结果显示，新合成的DNA全部为中带，即一条链含15N，一条链含14N。在得到结论时，必须是将第一组的A(全部轻带)与第二组的B(全部重带)进行比较，才能说明B的子一代的全部中带的获得方式是半保留复制。(3)将B的子一代
15、细菌(15N/14N)转移到含15N的培养基上繁殖一代后，15N/15N和15N/14N的DNA分子各一半。(4)若将B的子二代继续培养，则将B的子n代DNA离心，仍旧为中带和轻带两条带；若实验结果中B的子一代中带略宽，其最可能的原因是新合成的DNA单链中仍有部分被15N标记。B是15N/15N，若是全保留复制，B的子一代是15N/15N和14N/14N，若是半保留复制，B的子一代是15N/14N，经解旋后，都会得到等量的含有15N、14N的DNA单链，如果研究DNA链的情况，结果都是一致的，无法确定DNA的复制方式。答案：(1)多15NH4Cl(2)三一二半保留复制(3)如图所示(4)没有变
16、化15N不正确。无论半保留复制还是全保留复制，如果研究DNA链的情况，结果都是一致的，无法区分DNA分子的复制方式。12根据如图所示实验过程和部分结果，回答相关问题：(1)若实验一的结果说明乙种动物胃细胞膜上具有与神经肽结合的受体，则实验二的结果说明_，其根本原因可能是_。(2)在实验三的四种物质A、B、C、D和过程中，能发生半保留复制的物质是_；碱基组成与功能相同的物质有_和_；有解旋发生的过程是_；有逆转录酶参与的过程是_；会发生碱基序列UAC和AUG配对的过程是_。(用图中字母或标号回答)(3)实验四中，若将B物质注入同样的甲种动物卵母细胞的细胞质中，加入神经肽会引起细胞膜通透性改变吗？
17、为什么？解析：由题可知，图示为“神经肽与细胞膜通透性关系”的实验过程和部分结果。据此，阅读四个实验之间的变量，可列表概括如下：组别自变量实验结果实验推测实验一乙种动物胃细胞，神经肽细胞膜通透性改变乙种动物胃细胞能识别神经肽实验二甲种动物卵母细胞，神经肽细胞膜通透性不变甲种动物卵母细胞不能识别神经肽实验三甲种动物卵母细胞，B物质(来源于乙种动物胃细胞提取物A，注入细胞核)，神经肽细胞膜通透性改变B物质能在细胞核内发挥作用，形成细胞膜上的D物质，应是DNA；A物质能合成DNA，只能是RNA；C物质以DNA为模板合成后在细胞质中发挥作用，只能是RNA；实验四中的B物质注入了细胞质中，不能进行转录，甲种动物卵母细胞膜上不会有D物质，膜通透性不会改变实验四甲种动物卵母细胞，B物质(来源于乙种动物胃细胞提取物A，注入细胞质)，神经肽未知通过上述分析，结合问题情境，即可做出正确答案。答案：(1)甲种动物卵母细胞膜上不具有与神经肽结合的受体甲种动物卵母细胞中没有控制该物质合成的遗传物质(2)B物质A物质C物质(3)不能，因为真核细胞遗传信息的复制和转录必须在细胞核内进行.w。w-w*k&s%5￥u高考资源网w。w-w*k&s%5￥u
