1、廊坊市2017年高三年级教学质量监测物理试卷参考答案（详解版）第I卷（选择题）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分。）题号123456789101112答案ACDCBABDBCADCDABD1.【解析】用极短时间内的平均速度代替瞬时速度，应用了极限思想方法，选项D正确；研究三个量中其中两个量之间的关系时首先固定一个量不变，属于控制变量法，选项B正确；推导匀变速直线运动位移公式时把运动过程划分成很多小段是采用了微元法，选项C正确；用质点代替被研究物体是理想模型思想方法，选项A错误。故本题答案为A。2.【解析】从图中可
2、知甲在前5s内速度反向均匀增大，所以做初速度为零的匀加速直线运动，速度的正负表示方向，甲在5s末仍旧为负，所以速度方向没有变化，A错误；前10s内，甲、乙两物体从同一点开始沿相反方向运动，两者间距不断增大，在10-20s内，两者同向运动，乙在甲的前方，由于乙的速度大，所以两者间距不断增大，所以t=10s时，两物体之间的距离不是最大，故D错误；前10s内，甲、乙两物体从同一点开始沿相反方向运动，则第10s末不可能相遇，故B错误；第20s末后，乙的速度比甲的速度小，两者间距减小，所以在第20s末两物体之间的距离最大，故C正确。3.【解析】电梯匀速运动时,对重物由平衡条件得mg=F，m=1kg，当弹
3、簧测力计的示数变为8N时，对重物由牛顿第二定律得mg-F=ma，得a=2m/s2，加速度方向向下，其运动情况可能向上减速或向下加速，故只有D正确。4.【解析】由G=mr2=m=mr=ma，得v=，=，T=2，a=，由于r天r神，所以v天v神，天T神，a天a神；故正确选项为C。5.【解析】磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，是磁场本身性质的反映，其大小由磁场以及磁场中的位置决定，与F、I、L都没有关系，只是磁感应强度的定义式。同一通电导体受到的磁场力的大小由所在处B和放置的方式共同决定，所以ADC都是错误的；磁感应强度的方向就是该处小磁针N极所受磁场力的方向，所以B正确。6.【解析】根据，由
4、n=4能级跃迁到n=1能级产生的光子能量最大，波长最短，故A正确；大量的氢原子处于n=4的激发态，可能发出光子频率的种数n=6。故C错误；从n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子的能量E=E2E1=34eV（136）eV=102eV634eV，而使金属发生光电效应的条件是光子的能量大于电子的逸出功，故可以发生光电效应，故D错误。故选A。7.【解析】由能量守恒定律可知，子弹减小的动能等于弹簧增加的弹性势能和产生的内能只和，选项A错误；弹簧、木块和子弹组成的系统，由于受竖直墙壁的弹力作用，合外力不为零，故动量不守恒；由于有内能产生，故系统的机械能不守恒，选项B正确；根据牛顿第三定律可知，在木块压缩
5、弹簧过程中，木块对弹簧的作用力等于弹簧对木块的作用力，选项C错误；在弹簧压缩到最短的时刻，木块的速度为零，但是由于木块受弹力作用，故加速度不为零，选项D错误；故选B。8.【解析】从图象分析，前面进入的过程，差不多，但离开磁场过程时，根据楞次定律，感应电流为逆时针方向，AB错误，离开过程中，感应电动势越来越大，也就是感应电流越来越大，C错误，D正确。故选D。9.【解析】以小球为研究对象，受力分析如图所示：重力G、挡板的弹力F1和斜面的支持力F2。当档板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，小球的合力为零，根据平衡条件得知，F1和F2的合力与重力G大小相等、方向相反，根据矢量三角形看出，斜面对球
6、的支持力F2逐渐减小，档板对小球的弹力F1先减小后增大，当F1与F2垂直（挡板与斜面垂直）时，弹力F1最小。故A、D错误，故选BC。10.【解析】负电子从A运动到B，由速度时间图线得到负电荷做加速运动，故电场力向右；负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故B点电势较大，即AB；故A正确，B错误；因为图线的斜率变小，故加速度变小，因此电场力变小，所以电场强度变小，即EAEB；故D正确，C错误。故选AD。11.【解析】光照强度增大时，R的阻值减小，闭合电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律知IRrR灯(E)增大，灯泡L变亮，选项A错误；光敏电阻R上的电压UREI(rR
7、灯)减小，选项B错误；电压表V的读数UEIr减小，选项C正确；电容器C两端的电压等于灯泡两端的电压，灯泡两端的电压ULIR灯增大，所以电容器C的带电荷量QCUL增大，选项D正确。答案CD。12.【解析】当B对A的压力为零时，A、B无摩擦力，A、B匀速运动。此时B的速度最大，A的速度最小。有qvB=mg解得vBmg/qB10m/s。根据动量守恒定律得Mv0=mvB+MvA 解得vA13.5m/s。根据能量守恒定律得，Q=EkMv2/2-MvA2/2-MvB2/2=8.75J。答案ABD。第卷（非选择题）二、实验题（本大题共2小题，共15分。）13.（共6分） m (各1分)【解析】(2)根据闭合
8、电路的欧姆定律EI(Rr)，变形得I(1)E(r)E(R)，故图象的斜率E(1)c(ba)，图象的纵截距E(r)a，解得Eba(c)，rba(ac)；因为本实验将电流表消耗的电压当成内阻消耗的电压，因此计算的内阻包括电流表的内阻，故测得的电源内阻偏大，测得的电源电动势是准确的。三、计算题（本大题共3小题，共37分。） 15.（12分）解：（1）设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，则由v -t图像得a1=2m/s2 (1分)设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由v -t图像得a2=0.5m/s2 (1分)（2）根据牛顿第二定律，向右减速过程，有F+mg=ma1 (2分)向左加速过程
9、，有F-mg=ma2 (2分)由解得：F=5N (1分)=0.075 (1分)（3）设8s末物体离A点的距离为d，向左加速过程，由v=a2t得：8s末的速度v=2m/s (2分)d应为v-t图像与横轴所围的面积，则：d=48m-42m=12 m (2分)答案：（1）2 m/s2 0.5 m/s2 （2）5 N 0.075 （3）12m16.（12分）（1）竖直L/2=at2 /2 (1分)水平L=v0t (1分) a=Eq/m (1分)由解得：E= mv02/qL (1分)（2）竖直vy=at (1分)由解得： vy=v0 (1分)由V=得:v=2v0 (1分) 由tan=vy/vx 得：=6
10、00 即方向是与x轴正方向成600斜向上。 (1分)（3）由qvB=mv2/R 得：R=2mv0/Bq (1分)d=2RSin600 =2mv0/Bq (1分)由T=2R/v 得：T=2m/qB (1分)t=T/3=2m/3qB (1分)答案：（1）mv02/qL （2）2v0，方向是与x轴正方向成600斜向上（3）2m/3qB、2mv0/Bq17.（13分）（1）设b棒进入磁场时速度为vb，对b棒受力分析，由平衡条件可得mbgsin F安R总(B2L2vb) (1分)由等效电路可得出整个回路的等效电阻R总RaRD(RaRD)Rb7.5 (1分)由解得vb4.5 m/s (1分)（2）b棒穿出
11、磁场前，a棒一直匀加速下滑，下滑的加速度agsin6 m/s2(1分)b棒通过磁场的时间tvb(d)6(5) s (1分)a棒进入磁场时速度vaat5 m/s (1分)a棒切割磁感线产生的感应电动势EaBLva5 V (1分) R总RaRbRD(RbRD)5 (1分)灯泡实际功率PRbRD(RbRD)2/RD3(4) W=1.33w (1分)（3(4)或1.33均可）（3）设a棒最终匀速运动的速度为va，对a受力分析，由平衡条件可得magsin R总(B2L2va) ，解得va6 m/s (1分)对a棒穿过磁场过程应用动能定理：magdsin W安2(1)mava22(1)mava(2) ，解得W安3.4 J (2分)由功能关系可知，电路中产生的总热量：QW安3.4 J (1分)答案：（1）4.5 m/s （2）3(4) W （3）3.4 J