1、2015-2016学年河南省周口市中英文学校高三（上）月考物理试卷（8月份）一、选择题（本题共9小题，每小题6分，共54分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第79题有多项符合题目要求）1关于伽利略对物理问题的研究，下列说法中正确的是( )A伽利略认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同B只要条件合适理想斜面实验就能做成功C理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的D伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证2一辆汽车正在以速度54km/h匀速运动，由于某种原因需要在100m内停下，则刹车加速度大小不可能为( )A1.06m
2、/s2B1.65m/s2C2.4m/s2D3.2m/s23如图所示，光滑斜面固定在水平地面上，在水平拉力F的作用下，小物块静止在斜面上现保持物块静止，将拉力F方向由水平逐渐变成竖直向上，则这一过程中( )AF逐渐增大，物块对斜面的压力逐渐减小BF先增大后减小，物块对斜面的压力逐渐减小CF逐渐减小，物块对斜面的压力逐渐增大DF先减小后增大，物块对斜面的压力逐渐减小4我们在生活中移动货物经常推着或拉着物体沿地面运动，这样方便省力在粗糙的水平面上放置一个小物体PP受到与水平面成夹角、斜向上的拉力F作用沿水平面运动，如图甲所示，物体P的加速度随F变化规律如图乙中图线P所示把物体P换成Q，其他条件不变，
3、重复操作，得到Q的加速度随F变化规律如图乙中图线Q所示图乙中b，c和d都是已知量，由此可知( )AP和Q的材料相同BP的质量大于Q的质量CP的质量为DQ的质量为5竖直放置的“”形支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G，现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从与A点等高的B点沿支架缓慢地向C点移动，则绳中拉力大小变化的情况是( )A先变小后变大B先不变后变小C先不变后变大D先变大后变小6传送带与水平面夹角为37，传送带以12m/s的速率沿顺时针方向转动，如图4所示今在传送带上端A处无初速度地放上一个质量为m的小物块，它与传送带间的动摩擦因数为0.75，若传送带A到B的长度为24m，
4、g取10m/s2，则小物块从A运动到B的时间为( )A1.5sB2.5sC3.5sD0.5s7如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速前进，F与水平方向成30角，运料车和材料所受重力之和为G，下列说法正确的是( )A建筑工人受地面摩擦力的方向水平向右B建筑工人受地面摩擦力的大小为GC运料车受到地面的摩擦力的方向水平向右D运料车对地面压力为+G8一质点沿一条直线运动，其位移随时间t的变化关系如图所示，Oa和cd段为直线，ac端为曲线，Oa段的平均速度为v1，ac段的平均速度为v2，cd段的平均速度为v3Od段的平均速度为v4，则( )AOa段的加速度小于cd段的加速度Bv2可能等于v4Cv
5、1、v2、v3和v4中v3最大D在ac段一定存在一个时刻，此时刻的瞬时速度等于v49如图甲所示，细绳跨过光滑的轻质定滑轮连接A、B两球，滑轮悬挂在一个传感器正下方，B球换用质量m不同的球，而A球始终不变，通过计算机描绘得到传感器拉力F随B球质量m变化的关系如图乙所示，F=F0直线是曲线的渐近线，已知轻质定滑轮质量可看成零，重力加速度为g，则( )A根据图线可以确定A球质量m0=gB根据图线可以计算B球为某一质量m时其运动的加速度aCA、B球运动的加速度a一定随B质量m的增大而增大D传感器读数F一定小于A、B球总重力二、非选择题（本题共4小题，共46分）10在用DIS研究小车加速度与外力的关系时
6、，某实验小组先用如图（a）所示的实验装置重物通过滑轮用细线拉小车，位移传感器（发射器）随小车一起沿倾斜轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端实验时将重物的重力作为拉力F，改变重物重力重复实验四次，列表记录四组数据：（1）在图（c）所示的坐标纸上作出小车加速度a随拉力F变化的图线；（2）从所得图线分析该实验小组在操作过程中的不当之处；（3）如果实验时，在小车和重物之间接一不计质量的微型力传感器来测量拉力F，实验装置如图（b）所示，从理论上分析，该实验图线的斜率将_（填“变大”、“变小”或“不变”）112012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航母元年的到来
7、假设某航母的飞行跑道长L=160m，舰载机发动机产生的最大加速度a=5m/s2，舰载机所需的起飞速度为v=50m/s舰载机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动（1）若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？（2）若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母匀速运动的速度至少为多大？12足够长光滑斜面BC的倾角=53，小物块与水平面间的动摩擦因数=0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A点，现用与水平方向成=53角的恒力F拉小物块，如图所示，小
8、物块经t1=4s到达B点，并迅速撤去拉力FA、B两点相距x1=4m，（已知sin53=0.8，cos53=0.6，g取10m/s2），求：（1）恒力F的大小；（2）小物块从B点沿斜面向上运动的最大距离x2；（3）小物块停止运动时到B点的距离x313（14分）如图甲所示，倾角=37的斜面由粗糙的AB段和光滑的BC段组成，质量m=1kg的物体（可视为质点）在平行斜面的恒定外力F作用下由A点加速下滑，运动到B点时，力F突然反向（大小不变），其部分vt图象如图乙所示，物体滑到C点时速度恰好为零，取sin37=0.6，重力加速度g=10m/s2，求：（1）外力F的大小及物体在AB段与斜面间的动摩擦因数（
9、2）由A到C外力F所做的总功大小2015-2016学年河南省周口市中英文学校高三（上）月考物理试卷（8月份）一、选择题（本题共9小题，每小题6分，共54分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第79题有多项符合题目要求）1关于伽利略对物理问题的研究，下列说法中正确的是( )A伽利略认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同B只要条件合适理想斜面实验就能做成功C理想斜面实验虽然是想象中的实验，但它是建立在可靠的事实基础上的D伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法 专题：直线运动规律专题分析：要了解伽利略
10、“理想斜面实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端解答：解：A、亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，故A错误；B、“理想斜面实验”不是凭空想象的实验，是在实验的基础上，进行理想化推理，故B错误，C正确D、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故D错误故选C点评：伽利略的“理想斜面实验”是建立在可靠的事实基础之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶2一辆汽车正在以速
11、度54km/h匀速运动，由于某种原因需要在100m内停下，则刹车加速度大小不可能为( )A1.06m/s2B1.65m/s2C2.4m/s2D3.2m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：首先知道刹车可以看做匀减速直线运动，据此求出临界加速度，再与临界加速度比较判断选项即可解答：解：54km/h=15m/s据运动学公式v2=2as得：a=m/s2=1.125m/s2据题意可知需要在100m内停下，所以刹车的加速度应大于上边的加速度即1.125m/s2，故A选项不符合，故A正确，BCD错误故选：A点评：本题是用物理理论解决实际问题的题目，知道应用的理论基础是解
12、题的关键，灵活应用匀变速直线的运动规律，注意临界问题的处理方法3如图所示，光滑斜面固定在水平地面上，在水平拉力F的作用下，小物块静止在斜面上现保持物块静止，将拉力F方向由水平逐渐变成竖直向上，则这一过程中( )AF逐渐增大，物块对斜面的压力逐渐减小BF先增大后减小，物块对斜面的压力逐渐减小CF逐渐减小，物块对斜面的压力逐渐增大DF先减小后增大，物块对斜面的压力逐渐减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对物体受力分析，受推力、重力、支持力，三力平衡，画出力图，作出支持力N和推力F的合力，根据平衡条件可知它们的合力与重力大小相等，方向相反，保
13、持不变分别作出F在位置1、2、3三个位置的合成图，分析选择解答：解：以小球为研究对象，小球受到重力G、斜面的支持力N和推力F三个力作用画出力图，作出N和F的合力，根据平衡条件可知它们的合力与重力大小相等，方向相反，保持不变分别作出F在位置1、2、3三个位置的合成图，由图可知：F先减小后增大，N逐渐减小，故D正确故选：D点评：本题是力平衡中动态变化分析类型，采用的是图解法，也可以采用函数法求解，难度适中4我们在生活中移动货物经常推着或拉着物体沿地面运动，这样方便省力在粗糙的水平面上放置一个小物体PP受到与水平面成夹角、斜向上的拉力F作用沿水平面运动，如图甲所示，物体P的加速度随F变化规律如图乙中
14、图线P所示把物体P换成Q，其他条件不变，重复操作，得到Q的加速度随F变化规律如图乙中图线Q所示图乙中b，c和d都是已知量，由此可知( )AP和Q的材料相同BP的质量大于Q的质量CP的质量为DQ的质量为考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：由牛顿第二定律可得出对应的加速度的表达式，则再根据图象的性质可求得动摩擦因数解答：解：A、对物体应用牛顿第二定律有：Fcos（mgFsin）=ma可得：a=g，故图线纵轴截距表示g，可知两者动摩擦因数相同，P和Q的材料相同，选项A正确；B、图线斜率表示，P的质量小于Q的质量，故B错误；C、由以上分析可知，PQ的质量无法由bcd求出；故CD错误；故
15、选：A点评：本题考查牛顿第二定律的应用，解题关键在于明确图象的性质，注意图象中斜率与截距的意义5竖直放置的“”形支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G，现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从与A点等高的B点沿支架缓慢地向C点移动，则绳中拉力大小变化的情况是( )A先变小后变大B先不变后变小C先不变后变大D先变大后变小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况当轻绳的右端从直杆的最上端移到C
16、点的过程中，根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件判断出绳子的拉力保持不变解答：解：当轻绳的B端从直杆的最上端的过程中，设两绳的夹角为2设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学知识得到sin=，L、S不变，则保持不变再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变当轻绳的右端从直杆的最上端移到B时，设两绳的夹角为2以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示根据平衡条件得2Fcos=mg得到绳子的拉力F=所以在当轻绳的右端从直杆的最上端移到B时的过程中，减小，cos增大，则F变小故选：B点评：本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析的变化，这在高考中曾经出现
17、过，有一定的难度6传送带与水平面夹角为37，传送带以12m/s的速率沿顺时针方向转动，如图4所示今在传送带上端A处无初速度地放上一个质量为m的小物块，它与传送带间的动摩擦因数为0.75，若传送带A到B的长度为24m，g取10m/s2，则小物块从A运动到B的时间为( )A1.5sB2.5sC3.5sD0.5s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体放在传送带上后，开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，当物体加速至与传送带速度相等时，由于=tan，物体相对于传送带静止，做匀速运动，根据牛
18、顿第二定律和运动学公式结合求解时间解答：解：开始阶段，由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma1 所以：a1=gsin+gcos=12m/s2物体加速至与传送带速度相等时需要的时间t1=s=1s，通过的位移为x1=6m由题：=tan，物体相对于传送带静止，物体接着做匀速运动，运动时间为t2=s=1.5s故小物块从A运动到B的时间为t=t1+t2=2.5s故选：B点评：从上述例题可以总结出，皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻7如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速前进，F与水平方向成30角，运料车和材料
19、所受重力之和为G，下列说法正确的是( )A建筑工人受地面摩擦力的方向水平向右B建筑工人受地面摩擦力的大小为GC运料车受到地面的摩擦力的方向水平向右D运料车对地面压力为+G考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以人为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析则知，人受到的摩擦力大小与F的水平分力大小相等分析运料车和材料的受力情况，作出受力图运料车在水平地面上匀速前进时，合力为零，根据平衡条件可求出水平地面对运料车的支持力，再由牛顿第三定律得到，运料车对水平地面的压力解答：解：以人为研究对象，分析人的受力情况，如图1，由平衡条件得：人受到的摩擦力方向
20、水平向右，大小为f人=Fcos30=F分析运料车和材料的受力情况，作出受力图，如图2，由平衡条件得：运料车受到地面的摩擦力水平向左，地面对运料车的支持力大小为：N车=G+Fsin30=G+，则运料车对地面压力为G+故A、D正确，BC均错误故选：AD点评：本题运用隔离法研究物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，正确作出受力图8一质点沿一条直线运动，其位移随时间t的变化关系如图所示，Oa和cd段为直线，ac端为曲线，Oa段的平均速度为v1，ac段的平均速度为v2，cd段的平均速度为v3Od段的平均速度为v4，则( )AOa段的加速度小于cd段的加速度Bv2可能等于v4Cv1、v2、v3和v4中
21、v3最大D在ac段一定存在一个时刻，此时刻的瞬时速度等于v4考点：匀变速直线运动的图像；平均速度 专题：运动学中的图像专题分析：位移时间图象的斜率表示速度，根据斜率判断物体的运动情况，平均速度等于位移除以时间，根据图象读出位移，从而判断平均速度的大小解答：解：A、位移时间图象的斜率表示速度，Oa和cd段为直线，根据图象可知，Oa和cd段都做匀速直线运动，加速度都为零，相等，故A错误；B、连接a、c两点，则ac直线的斜率表示ac段的平均速度，根据图象可知，ac段图象的斜率小于Od段图象的斜率，所以v2小于v4，故B错误；C、根据图象可知，cd段图象的斜率最大，所以v3中最大，故C正确；D、ac段
22、图象某点的切线的斜率表示该点的速度，根据图象可知，肯定存在某点的切线斜率等于Od连线的斜率，所以在ac段一定存在一个时刻，此时刻的瞬时速度等于v4，故D正确故选：CD点评：本题主要考查了位移时间图象的直接应用，知道图象的斜率表示速度，能根据图象求出某点的瞬时速度和平均速度，难度适中9如图甲所示，细绳跨过光滑的轻质定滑轮连接A、B两球，滑轮悬挂在一个传感器正下方，B球换用质量m不同的球，而A球始终不变，通过计算机描绘得到传感器拉力F随B球质量m变化的关系如图乙所示，F=F0直线是曲线的渐近线，已知轻质定滑轮质量可看成零，重力加速度为g，则( )A根据图线可以确定A球质量m0=gB根据图线可以计算
23、B球为某一质量m时其运动的加速度aCA、B球运动的加速度a一定随B质量m的增大而增大D传感器读数F一定小于A、B球总重力考点：牛顿第二定律；作用力和反作用力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度，隔离分析，根据牛顿第二定律求出绳子拉力，从而得出传感器拉力大小，当m趋向于无穷大，传感器示数趋向于F0，结合表达式求出A球的质量分别结合牛顿第二定律求出当mm0，当mm0时，加速度的表达式，从而分析判断解答：解：A、当m较大时，对整体分析，加速度a=隔离对m分析，mgT=ma，解得T=，当m趋向于无穷大，则F0=2T=4m0g，解得A球质量m0=故A正确；B、知道B球
24、的质量，结合图线可知道传感器的拉力，从而知道绳子的拉力，隔离对B球分析，根据牛顿第二定律可以求出加速度故B正确；C、当mm0，加速度a=m增大，则加速度增大；当mm0时，加速度a=，当m增大时，a减小故C错误；D、当两球的质量相等，此时绳子拉力等于小球的重力，则传感器示数F等于A、B球的总重力故D错误故选：AB点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用二、非选择题（本题共4小题，共46分）10在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图（a）所示的实验装置重物通过滑轮用细线拉小车，位移传感器（发射器）随小车一起沿倾斜轨道运动，位
25、移传感器（接收器）固定在轨道一端实验时将重物的重力作为拉力F，改变重物重力重复实验四次，列表记录四组数据：（1）在图（c）所示的坐标纸上作出小车加速度a随拉力F变化的图线；（2）从所得图线分析该实验小组在操作过程中的不当之处；（3）如果实验时，在小车和重物之间接一不计质量的微型力传感器来测量拉力F，实验装置如图（b）所示，从理论上分析，该实验图线的斜率将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：（1）根据所提供数据采用描点法可正确画出加速度a和拉力F的关系图线（2）根据所画图象可得出正确结果（3）根据牛顿第二定律，得出图线斜率表示的物理
26、意义，从而判断图线斜率的意义解答：解：（1）根据所给数据，画出小车加速度a和拉力F的关系图线如下图所示：（2）由图象可知，当小车拉力为零时，已经产生了加速度，故在操作过程中斜面的倾角过大，平衡摩擦力过度（3）根据牛顿第二定律得，a=，知图线的斜率表示质量的倒数挂重物时，a=，图线的斜率表示系统质量的倒数，用力传感器时，加速度a=图线的斜率表示小车质量M的倒数，可知图线的斜率变大故答案为：（1）如图所示：；（2）轨道倾角过大（或平衡摩擦力过度）；（3）变大点评：实验装置虽然有所变动，但是实验原理、实验方法、操作细节等是一样的，故任何实验明确实验原理是解答实验的关键112012年11月，“歼15”
27、舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航母元年的到来假设某航母的飞行跑道长L=160m，舰载机发动机产生的最大加速度a=5m/s2，舰载机所需的起飞速度为v=50m/s舰载机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动（1）若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？（2）若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母匀速运动的速度至少为多大？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式
28、，求出舰载机从舰上起飞的速度，从而进行判断通过起飞速度、加速度和位移求出弹射装置给舰载机的初速度（2）结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度解答：解：（1）航母静止时，飞机靠发动机加速，加速度a=5m/s2，初速度为v0=0，位移L=160m，末速度为v1，由运动学公式得： v12v02=2aL解得v1=40m/s50m/s，故舰载机不能靠自身发动机从舰上起飞弹射装置给舰载机的初速度为v2，起飞的速度为v=50m/s，由运动学公式得：v2v22=2aL解得：v2=30m/s故弹射装置给舰载机的初速度至少为30m/s（2）设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2
29、，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v3由运动学公式得：v=v3+at v2v32=2aL2； L1=v3t又 L2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为 v3=10m/s答：（1）舰载机靠自身的发动机不能从舰上起飞为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为30m/s（2）航母匀速运动的速度至少为10m/s点评：解决本题的关键是分析航母匀速运动时航母的位移和飞机位移的关系，掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用12足够长光滑斜面BC的倾角=53，小物块与水平面间的动摩擦因数=0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A点，现用
30、与水平方向成=53角的恒力F拉小物块，如图所示，小物块经t1=4s到达B点，并迅速撤去拉力FA、B两点相距x1=4m，（已知sin53=0.8，cos53=0.6，g取10m/s2），求：（1）恒力F的大小；（2）小物块从B点沿斜面向上运动的最大距离x2；（3）小物块停止运动时到B点的距离x3考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）物块从A运动到B的过程做匀加速运动，由位移时间公式求出加速度，再根据牛顿第二定律求解恒力F的大小（2）斜面光滑，物块沿斜面上滑的过程机械能守恒，根据机械能守恒定律求出物块从B点沿斜面向上运动的最大距离x2；（3）小物块从B向A运动
31、过程中，由牛顿第二定律求出加速度，再由运动学公式求解x3解答：解：（1）物块从A运动到B的过程做匀加速运动，由x1=得：物块在AB段的加速度：a1=m/s2=0.5m/s2；根据牛顿第二定律，有： Fcos（mgFsin）=ma1解得：F=N=11N（2）物块到达B点时的速度 v=a1t1=2m/s在BC段，由机械能守恒，由 解得：x2=m=0.25m（3）小物块从B向A运动过程中，由mg=ma2 解得：则滑行的位移 x3=m=0.4m，故小物块停止运动时，离B点的距离为0.4m答：（1）恒力F的大小是11N；（2）小物块从B点沿斜面向上运动的最大距离x2是0.25m（3）小物块停止运动时到B
32、点的距离x3是0.4m点评：本题中已知运动情况要能牛顿第二定律确定受力情况，对于物块在光滑斜面上运动过程，运用机械能守恒定律求距离是常用的方法，也可能运用动能定理求解13（14分）如图甲所示，倾角=37的斜面由粗糙的AB段和光滑的BC段组成，质量m=1kg的物体（可视为质点）在平行斜面的恒定外力F作用下由A点加速下滑，运动到B点时，力F突然反向（大小不变），其部分vt图象如图乙所示，物体滑到C点时速度恰好为零，取sin37=0.6，重力加速度g=10m/s2，求：（1）外力F的大小及物体在AB段与斜面间的动摩擦因数（2）由A到C外力F所做的总功大小考点：功的计算；牛顿第二定律 专题：功的计算专
33、题分析：（1）由图象的斜率可求得两段中的加速度，再由牛顿第二定律列式联立可求得拉力及动摩擦因数；（2）由图象所围成的面积可求得位移，再由功的公式可求得两段过程中拉力所做的功，则可求得总功大小解答：解：（1）加速阶段 a1=10m/s2F+mgsinmgcos=ma1减速阶段a2=2m/s2mgsinF=ma2得：F=8N=0.5 （2）加速阶段位移x1=5m，做功为W1=Fx1=85=40J 减速阶段位移x2=25m 做功W2=825=200J F总功大小为W=W1+W2=40200=160J 功的大小为160J；答：（1）外力F的大小为8N；物体在AB段与斜面间的动摩擦因数为0.5；（2）由A到C外力F所做的总功大小为160J点评：本题考查牛顿第二定律、图象的应用以及功的公式的应用，要注意正确根据图象理解题意，明确对应的运动过程，再由牛顿第二定律求解；同时注意功的正负及总功的计算
