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广西北海市合浦县廉州中学2015-2016学年高二下学期期中数学试卷(理科) WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:734766 上传时间:2024-05-30 格式:DOC 页数:15 大小:436KB
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资源描述

1、2015-2016学年广西北海市合浦县廉州中学高二(下)期中数学试卷(理科)一、选择题(每小题只有一个选项符合要求,每小题5分,共60分)1已知=b+i,(a,bR)其中i为虚数单位,则ab=()A3B2C1D12用反证法证明命题:“三角形的内角中至少有一个不大于60度”时,假设正确的是()A假设三内角都不大于60度B假设三内角都大于60度C假设三内角至多有一个大于60度D假设三内角至多有两个大于60度3数学活动小组由12名同学组成,现将这12名同学平均分成四组分别研究四个不同课题,且每组只研究一个课题,并要求每组选出一名组长,则不同的分配方案有()种A ABCCC34C 43DCCC434证

2、明不等式(a2)所用的最适合的方法是()A综合法B分析法C间接证法D合情推理法5函数y=,x(,0)(0,)的图象可能是下列图象中的()ABCD6观察(x2)=2x,(x4)=4x3,(cosx)=sinx,由归纳推理可得:若定义在R上的函数f(x)满足f(x)=f(x),记g(x)为f(x)的导函数,则g(x)=()Ag(x)Bf(x)Cf(x)Dg(x)7用数学归纳法证明“”时,由n=k的假设证明n=k+1时,如果从等式左边证明右边,则必须证得右边为()ABCD8由1=12,1+3=22,1+3+5=32,1+3+5+7=42,得到1+3+(2n1)=n2用的是 ()A特殊推理B演绎推理C

3、类比推理D归纳推理9下面给出了关于复数的三种类比推理:其中类比错误的是()复数的乘法运算法则可以类比多项式的乘法运算法则;由向量的性质|2=2可以类比复数的性质|z|2=z2;由向量加法的几何意义可以类比得到复数加法的几何意义ABCD10下面四个推导过程符合演绎推理三段论形式且推理正确的是()A大前提:无限不循环小数是无理数;小前提:是无理数;结论:是无限不循环小数B大前提:无限不循环小数是无理数;小前提:是无限不循环小数;结论:是无理数C大前提:是无限不循环小数;小前提:无限不循环小数是无理数;结论:是无理数D大前提:是无限不循环小数;小前提:是无理数;结论:无限不循环小数是无理数11设f(

4、x)是函数f(x)的导函数,y=f(x)的图象如图所示,则y=f(x)的图象最有可能的是()ABCD12函数f(x)的定义域为R,f(1)=2015,对任意的xR都有f(x)3x2成立,则不等式f(x)x3+2016的解集为()A(1,+)B(1,0)C(,1)D(,+)二、填空题(每小题5分,共20分)13若a=x2dx,b=x3dx,c=sinxdx,则a,b,c从小到大的顺序为_14一物体沿斜面自由下滑,测得下滑的水平距离s与时间t之间的函数关系为s=3t3,则当t=1时,该物体在水平方向的瞬时速度为_15有10块相同巧克力,小华每天至少吃一块,4天吃完则共有_种吃法(用数字作答 )16

5、已知函数f(x)可导,且f(x)f(x),若a0则f(a)与eaf(0)的大小为:_三、解答题(17题10分,其余各题12分,共70分)17(理)(1)求证:当a2时, +2;(2)已知xR,a=x2+,b=2x,c=x2x+1,试证明a,b,c至少有一个不小于118如图所示,抛物线y=1x2与x轴所围成的区域是一块等待开垦的土地,现计划在该区域内围出一块矩形地块ABCD作为工业用地,其中A、B在抛物线上,C、D在x轴上已知工业用地每单位面积价值为3a元(a0),其它的三个边角地块每单位面积价值a元()求等待开垦土地的面积;()如何确定点C的位置,才能使得整块土地总价值最大19已知函数y=f

6、(x)=(1)求函数f (x)的图象在x=处的切线方程;(2)求y=f(x)的最大值20设f(n)=(1+)nn,其中n为正整数(1)求f(1),f(2),f(3)的值;(2)猜想满足不等式f(n)0的正整数n的范围,并用数学归纳法证明你的猜想21设函数f(x)=(x23x+1)ex(1)求函数f(x)的极大值和极小值(2)直线y=m与函数f(x)的图象有三个交点,求m的范围22设函数f(x)=ax(1)若函数f(x)在(1,+)上为减函数,求实数a的最小值;(2)若存在x1,x2e,e2,使f(x1)f(x2)+a成立,求实数a的取值范围2015-2016学年广西北海市合浦县廉州中学高二(下

7、)期中数学试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(每小题只有一个选项符合要求,每小题5分,共60分)1已知=b+i,(a,bR)其中i为虚数单位,则ab=()A3B2C1D1【考点】复数代数形式的乘除运算【分析】利用复数的运算法则、复数相等即可得出【解答】解: =b+i,a+2i=bi1,ab=3故选:A2用反证法证明命题:“三角形的内角中至少有一个不大于60度”时,假设正确的是()A假设三内角都不大于60度B假设三内角都大于60度C假设三内角至多有一个大于60度D假设三内角至多有两个大于60度【考点】反证法与放缩法【分析】一些正面词语的否定:“是”的否定:“不是”;“能”的否定:“不能”;

8、“都是”的否定:“不都是”;“至多有一个”的否定:“至少有两个”;“至少有一个”的否定:“一个也没有”;“是至多有n个”的否定:“至少有n+1个”;“任意的”的否定:“某个”;“任意两个”的否定:“某两个”;“所有的”的否定:“某些”【解答】解:根据反证法的步骤,假设是对原命题结论的否定,“至少有一个”的否定:“一个也没有”;即“三内角都大于60度”故选B3数学活动小组由12名同学组成,现将这12名同学平均分成四组分别研究四个不同课题,且每组只研究一个课题,并要求每组选出一名组长,则不同的分配方案有()种A ABCCC34C 43DCCC43【考点】计数原理的应用【分析】先分组,再分配,最后选

9、组长,根据分步计数原理可得【解答】解:将这12名同学平均分成四组分别研究四个不同课题,且每组只研究一个课题有C123C93C63C33,最后选一名组长各有3种,故不同的分配方案为:C123C93C6334,故选:B4证明不等式(a2)所用的最适合的方法是()A综合法B分析法C间接证法D合情推理法【考点】分析法和综合法【分析】欲比较的大小,只须比较,先分别求出左右两式的平方,再比较出两平方式的大小从结果来找原因,或从原因推导结果,证明不等式所用的最适合的方法是分析法【解答】解:欲比较的大小,只须比较,()2=2a1+2,()2=2a1+,只须比较,的大小,以上证明不等式所用的最适合的方法是分析法

10、故选B5函数y=,x(,0)(0,)的图象可能是下列图象中的()ABCD【考点】函数的图象【分析】根据三角函数图象及其性质,利用排除法即可【解答】解:是偶函数,排除A,当x=2时,排除C,当时,排除B、C,故选D6观察(x2)=2x,(x4)=4x3,(cosx)=sinx,由归纳推理可得:若定义在R上的函数f(x)满足f(x)=f(x),记g(x)为f(x)的导函数,则g(x)=()Ag(x)Bf(x)Cf(x)Dg(x)【考点】归纳推理【分析】由已知中(x2)=2x,(x4)=4x3,(cosx)=sinx,分析其规律,我们可以归纳推断出,偶函数的导函数为奇函数,再结合函数奇偶性的性质,即

11、可得到答案【解答】解:由(x2)=2x中,原函数为偶函数,导函数为奇函数;(x4)=4x3中,原函数为偶函数,导函数为奇函数;(cosx)=sinx中,原函数为偶函数,导函数为奇函数;我们可以推断,偶函数的导函数为奇函数若定义在R上的函数f(x)满足f(x)=f(x),则函数f(x)为偶函数,又g(x)为f(x)的导函数,则g(x)奇函数故g(x)+g(x)=0,即g(x)=g(x),故选A7用数学归纳法证明“”时,由n=k的假设证明n=k+1时,如果从等式左边证明右边,则必须证得右边为()ABCD【考点】数学归纳法【分析】当n=k+1时,右边=,由此可得结论【解答】解:由所证明的等式,当n=

12、k+1时,右边=故选D8由1=12,1+3=22,1+3+5=32,1+3+5+7=42,得到1+3+(2n1)=n2用的是 ()A特殊推理B演绎推理C类比推理D归纳推理【考点】合情推理的含义与作用【分析】观察几个特殊的等式,发现左边是连续奇数的和,右边是自然数的平方,得到的结论是n个连续奇数的和为n2,是由特殊到一般的推理,即归纳推理【解答】解:由已知中等式:1=12,1+3=22,1+3+5=32,1+3+5+7=42,由此我们可以推论出一个一般的结论:对于nN*,1+3+(2n1)=n2这里运用了由特殊到一般的数学方法,故用的是归纳推理而演绎推理是一般到特殊的推理,类比推理是特殊到特殊的

13、推理故选D9下面给出了关于复数的三种类比推理:其中类比错误的是()复数的乘法运算法则可以类比多项式的乘法运算法则;由向量的性质|2=2可以类比复数的性质|z|2=z2;由向量加法的几何意义可以类比得到复数加法的几何意义ABCD【考点】类比推理【分析】利用复数的加减法运算法则判断出对;利用复数加法的几何意义判断出对;通过举反例判断出命题错【解答】解:对于复数的加减法运算法则判断出对;对于向量a的性质|2=2,但|z|2是实数,但z2不一定是实数,如z=i,就不成立,故错;对于复数加法的几何意义判断出对,故选:A10下面四个推导过程符合演绎推理三段论形式且推理正确的是()A大前提:无限不循环小数是

14、无理数;小前提:是无理数;结论:是无限不循环小数B大前提:无限不循环小数是无理数;小前提:是无限不循环小数;结论:是无理数C大前提:是无限不循环小数;小前提:无限不循环小数是无理数;结论:是无理数D大前提:是无限不循环小数;小前提:是无理数;结论:无限不循环小数是无理数【考点】演绎推理的意义【分析】根据三段论推理的标准形式,逐一分析四个答案中的推导过程,可得出结论【解答】解:对于A,小前提与大前提间逻辑错误,不符合演绎推理三段论形式;对于B,符合演绎推理三段论形式且推理正确;对于C,大小前提颠倒,不符合演绎推理三段论形式;对于D,大小前提及结论颠倒,不符合演绎推理三段论形式;故选:B11设f(

15、x)是函数f(x)的导函数,y=f(x)的图象如图所示,则y=f(x)的图象最有可能的是()ABCD【考点】函数的单调性与导数的关系【分析】先根据导函数的图象确定导函数大于0 的范围和小于0的x的范围,进而根据当导函数大于0时原函数单调递增,当导函数小于0时原函数单调递减确定原函数的单调增减区间【解答】解:由y=f(x)的图象易得当x0或x2时,f(x)0,故函数y=f(x)在区间(,0)和(2,+)上单调递增;当0x2时,f(x)0,故函数y=f(x)在区间(0,2)上单调递减;故选C12函数f(x)的定义域为R,f(1)=2015,对任意的xR都有f(x)3x2成立,则不等式f(x)x3+

16、2016的解集为()A(1,+)B(1,0)C(,1)D(,+)【考点】利用导数研究函数的单调性【分析】令g(x)=f(x)x32016,求导g(x)=f(x)3x2,从而确定不等式的解集【解答】解:令g(x)=f(x)x32016,g(x)=f(x)3x2,对任意的xR都有f(x)3x2成立,对任意的xR,g(x)0,g(x)=f(x)x32016在R上是减函数,且g(1)=f(1)+12016=2015+12016=0,故不等式f(x)x3+2016的解集为(1,+),故选:A二、填空题(每小题5分,共20分)13若a=x2dx,b=x3dx,c=sinxdx,则a,b,c从小到大的顺序为

17、cab【考点】微积分基本定理【分析】利用微积分定理分别求出a,b,c的数值,即可【解答】解:由微积分定理得a=x2dx=,b=x3dx=,c=sinxdx=,所以cab故答案为:cab14一物体沿斜面自由下滑,测得下滑的水平距离s与时间t之间的函数关系为s=3t3,则当t=1时,该物体在水平方向的瞬时速度为9【考点】导数的运算【分析】根据导数的物理意义进行求导即可【解答】解:S(t)=9t2,S(1)=9,故答案为:915有10块相同巧克力,小华每天至少吃一块,4天吃完则共有84种吃法(用数字作答 )【考点】排列、组合及简单计数问题【分析】10块相同巧克力可以分为(1,1,1,7),(1,1,

18、2,6),(1,1,3,5),(1,1,4,4),(1,2,2,5),(1,2,3,4),(1,3,3,3),(2,2,3,3),(2,2,2,4),共9组,分别求出每一组的分配种数,再根据分类计数原理可得【解答】解:10块相同巧克力可以分为(1,1,1,7),(1,1,2,6),(1,1,3,5),(1,1,4,4),(1,2,2,5),(1,2,3,4),(1,3,3,3),(2,2,3,3),(2,2,2,4),共9组,其中(1,1,1,7),(2,2,2,4),(3,3,3,1),共有3C41=12种,(1,1,4,4),(2,2,3,3),共有2C42=12种,(1,1,2,6),(

19、1,1,3,5),(1,2,2,5),共有312=36种,(1,2,3,4)共有A44=24种,根据分类计数原理,共有12+12+36+24=84种,故答案为:8416已知函数f(x)可导,且f(x)f(x),若a0则f(a)与eaf(0)的大小为:f(a)eaf(0)【考点】利用导数研究函数的单调性【分析】设函数f(x)=e2x,则导函数f(x)=2e2x,显然满足f(x)f(x),由f(a)=e2a,eaf(0)=ea,比较得出结论【解答】解:由题意知,可设函数f(x)=e2x,则导函数f(x)=2e2x,显然满足f(x)f(x),f(a)=e2a,eaf(0)=ea,当a0时,显然 e2

20、aea ,即f(a)eaf(0)故答案为:f(a)eaf(0)三、解答题(17题10分,其余各题12分,共70分)17(理)(1)求证:当a2时, +2;(2)已知xR,a=x2+,b=2x,c=x2x+1,试证明a,b,c至少有一个不小于1【考点】反证法与放缩法【分析】(1)利用分析法,即可证明;(2)根据题意,首先假设命题错误,即假设a,b,c均小于1,进而可得a+b+c3,再分析a、b、c三项的和,可得矛盾,即可证原命题成立【解答】证明:(1)当a2时,要证成立只需证即证也就是证明a24a2即只需证40由于40显然成立,则原不等式成立(2)假设a,b,c没有一个不小于1,也即a1,b1,

21、c1则有a+b+c3将a,b,c带入得a+b+c=x2+2x+x2x+1=与a+b+c3矛盾则原命题成立18如图所示,抛物线y=1x2与x轴所围成的区域是一块等待开垦的土地,现计划在该区域内围出一块矩形地块ABCD作为工业用地,其中A、B在抛物线上,C、D在x轴上已知工业用地每单位面积价值为3a元(a0),其它的三个边角地块每单位面积价值a元()求等待开垦土地的面积;()如何确定点C的位置,才能使得整块土地总价值最大【考点】导数在最大值、最小值问题中的应用;定积分在求面积中的应用【分析】()先由定积分可求等待开垦土地的面积;()进而可得工业用地面积,三个边角地块面积,由此可得土地总价值,利用导

22、数的方法可求函数的最值【解答】解:()由,故等待开垦土地的面积为()设点C的坐标为(x,0),则点B(x,1x2)其中0x1,土地总价值=由y=4a(13x2)=0得并且当时,故当时,y取得最大值答:当点C的坐标为时,整个地块的总价值最大19已知函数y=f (x)=(1)求函数f (x)的图象在x=处的切线方程;(2)求y=f(x)的最大值【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程;利用导数求闭区间上函数的最值【分析】(1)先求函数的定义域,然后求出导函数f(x),求出切点坐标以及f()即为切线的斜率,在根据点斜式求出切线方程,化成斜截式即可;(2)令f(x)=0得:x=e,然后将定义域(0,+)

23、分成两部分,分别研究函数在(0,e)与(e,+)上的导数符号,从而得到函数的单调性,从而求出最值【解答】解:(1)f (x)定义域为(0,+),f(x)=f ()=e,切点为(,e)又k=f()=2e2函数y=f (x)在x=处的切线方程为:y+e=2e2(x),即y=2e2x3e(2)令f(x)=0得:x=e当x(0,e)时,f(x)0,f (x)为增函数;当x(e,+)时,f(x)0,f (x)为减函数fmax (x)=f (e)=20设f(n)=(1+)nn,其中n为正整数(1)求f(1),f(2),f(3)的值;(2)猜想满足不等式f(n)0的正整数n的范围,并用数学归纳法证明你的猜想

24、【考点】数学归纳法;数列递推式【分析】(1)由f(n)=(1+)nn,可求得f(1),f(2),f(3)的值;(2)猜想:n3,f(n)=(1+)nn0,再利用数学归纳法证明即可:当n=3时,f(3)=0成立;假设当n=k(n3,nN+)时猜想正确,即k0,去证明当n=k+1(n3,nN+)时,f(k+1)=(k+1)0也成立即可【解答】解:(1)f(n)=(1+)nn,f(1)=1,f(2)=2=,f(3)=3=3=,(2)猜想:n3,f(n)=(1+)nn0,证明:当n=3时,f(3)=0成立,假设当n=k(n3,nN+)时猜想正确,即f(k)=k0,k,则当n=k+1时,由于f(k+1)

25、=(1+)(1+)k(1+)=k+k+1,k+1,即f(k+1)=(k+1)0成立,由可知,对n3,f(n)=(n)=(1+)nn0成立21设函数f(x)=(x23x+1)ex(1)求函数f(x)的极大值和极小值(2)直线y=m与函数f(x)的图象有三个交点,求m的范围【考点】利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性【分析】(1)由已知得f(x)=(x2x2)ex=(x+1)(x2)ex,令f(x)=0,得x=1或x=2,列表讨论,能求出函数f(x)的极大值和极小值(2)当x0时,f(x)0,由此能求出当0m时,直线y=m与函数f(x)的图象有三个交点【解答】解:(1)f(x)=(x2

26、3x+1)ex,f(x)=(x2x2)ex=(x+1)(x2)ex,由f(x)=0,得x=1或x=2,列表讨论,得:x(,1)1(1,2)2(2,+)f(x)+00+f(x)极大极小f(x)极大=f(1)=,f(x)极小=f(2)=e2(2)当x0时,f(x)0,x时,f(x)0;x+时,f(x)+当0m时,直线y=m与函数f(x)的图象有三个交点22设函数f(x)=ax(1)若函数f(x)在(1,+)上为减函数,求实数a的最小值;(2)若存在x1,x2e,e2,使f(x1)f(x2)+a成立,求实数a的取值范围【考点】利用导数研究函数的单调性【分析】(1)由已知得f(x)的定义域为(0,1)

27、(1,+),f(x)=a+在(1,+)上恒成立,由此利用导数性质能求出a的最大值;(2)命题“若存在x1,x2e,e2,使f(x1)f(x2)+a成立”,等价于“当xe,e2时,有f(x)minf(x)max+a”,由此利用导数性质结合分类讨论思想,能求出实数a的取值范围【解答】解:()由已知得f(x)的定义域为(0,1)(1,+),f(x)在(1,+)上为减函数,f(x)=a+0在(1,+)上恒成立,a=()2,令g(x)=()2,故当=,即x=e2时,g(x)的最小值为,a,即aa的最小值为()命题“若存在x1,x2e,e2,使f(x1)f(x2)+a成立”,等价于“当xe,e2时,有f(x)minf(x)max+a”,由()知,当xe,e2时,lnx1,2,1,f(x)=a+=()2+a,f(x)max+a=,问题等价于:“当xe,e2时,有f(x)min”,当a,即a时,由(),f(x)在e,e2上为减函数,则f(x)min=f(e2)=ae2+,a,a当a0,即0a时,xe,e2,lnx,1,f(x)=a+,由复合函数的单调性知f(x)在e,e2上为增函数,存在唯一x0(e,e2),使f(x0)=0且满足:f(x)min=f(x0)=ax0+,要使f(x)min,a=,与a0矛盾,a0不合题意综上,实数a的取值范围为,+)2016年10月3日

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