1、2016年山东省高考物理押题卷（二）一、选择题1如图所示，楔形凹槽的截面是一个直角三角形ABC，CAB=30，ABC=90ACB=60，在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，其对凹槽的AB边的压力为F1，对BC边的压力为F2，则的值为（）ABCD2某物体做直线运动的vt图象如图所示，据此判断下列四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）（）ABCD32014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合大量关键技术如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在
2、空中某一面内运动的示意图“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则下列说法正确的是（）A卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为gB如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为D若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大4如图所示，正四面体棱长为a，A、B、C、D是其四个顶点，
3、现在A、B两点分别固定电荷量均为Q的正、负点电荷，静电力常量为k，棱CD的中点为E，则下列说法正确的是（）AE点的场强大小为B正电荷在C点处的电势能大于在D点处的电势能C将一负电荷从C点沿直线移动到D点，电场力先做正功后做负功D将一正电荷从A点沿直线移动到E点再沿直线移动到B点，正电荷的电势能先增大后减小5如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，a、b间的电场强度为E，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变为水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b板进入bc区域，bc区域的宽度也为d，所加电场的场强大小为E，方向竖直
4、向上，磁感应强度方向垂直纸面向里，磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列说法不正确的是（）A微粒在ab区域的运动时间为B微粒在bc区域中做匀速圆周运动，圆周半径r=2dC微粒在bc区域中做匀速圆周运动运动时间为D微粒在ab、bc区域中运动的总时间为6如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为1100，次级线圈的匝数为55，初级线圈两端a、b接正弦交流电源，在原线圈前串接一个电阻R0=121的保险丝，电压表V的示数为220V，如果负载电阻R=5.5，各电表均为理想电表，则（）A电流表A的示数为1AB变压器的输出电压为5.5VC保险丝实际消耗的功率为1.21WD负载电阻实际消耗的功率为22W7如图所
5、示，足够长传送带与水平方向的倾角为，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a未与滑轮相碰）过程中下列说法正确的是（）A物块a重力势能增加mghB物块b的机械能减少mghC摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D摩擦力对a做的功等于物块a、b系统机械能增加两量8如图所示，虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图，其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的“U”框型缓冲车厢，在车厢的底板上固定着两个水平绝缘导轨PQ、MN，车厢的底板上还固定着电磁铁，能产生垂直于导轨平面并随车厢一
6、起运动的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B设导轨右端QN是磁场的右边界，导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，滑块K上绕有闭合矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，匝数为n，ab边长为L假设缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下（碰前车厢与滑块相对静止），此后线圈与轨道磁场的作用使车厢减速运动L后停下（导轨未碰到障碍物），从而实线缓冲，假设不计一切摩擦，则在缓冲过程中，下列说法正确的是（）A线圈中感应电流方向沿adcbaB线圈中感应电动势的最大值为Em=nBLv0C通过线圈的电荷量为D线圈中产生的焦耳热为mv02二、【必做部分】9如图甲为探究“加速度与合外力、质量的关系”的实验装置示
7、意图（1）下列做法正确的是（填字母代号）A调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡小车受到的摩擦力时，应将沙桶通过定滑轮拴接在小车上C通过增减小车上的砝码改变小车质量M时，不需要重新调节木板的倾斜程度D求小车运动的加速度时，可用天平测出沙和沙桶的质量m及小车质量M，直接用公式a=求出（2）某同学想用沙和沙桶的重力mg表示小车受到的合外力F，需要使沙和沙桶的质量小车的质量（填远大于，远小于或近似于），该同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力，由实验数据作出aF图象如图乙所示，图线不过原点的原因是，小车的质量为kg10如图1是测量阻值约几十欧的未知电
8、阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻（10），R1是电阻箱（099.9），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大实验具体步骤如下：（）连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；（）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2（）重复步骤（），再测量6组R1和I2；（）将实验获得的7组数据在坐标纸上描点根据实验回答以下问题：现有四只供选用的电流表：A电流表（03mA，内阻为2.0） B电流表（03mA，内阻未知）C电流表（00.3A
9、，内阻为5.0） D电流表（00.3A，内阻未知）A1应选用，A2应选用测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值（选填“不变”、“变大”或“变小”）在坐标纸上（图2）画出R1与I2的关系图根据以上实验得出Rx=11如图所示，AB是倾角为的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（
10、2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L应满足什么条件？12图为某种离子加速器的设计方案两个半圆形金属盒内存在相同的垂直于纸面向外的匀强磁场其中MN和MN是间距为h的两平行极板，其上分别有正对的两个小孔O和O，ON=ON=d，P为靶点，OP=kd（k为大于1的整数）极板间存在方向向上的匀强电场，两极板间电压为U质量为m、带电量为q的正离子从O点由静止开始加速，经O进入磁场区域当离子打到极板上ON区域（含N点）或外壳上时将会被吸收两虚线之间的区域无电场和磁场存在，离子可匀速穿过忽略相对论效应和离子所受的重力求：（1）
11、离子经过电场仅加速一次后能打到P点所需的磁感应强度大小；（2）能使离子打到P点的磁感应强度的所有可能值；（3）打到P点的能量最大的离子在磁场汇总运动的时间和在电场中运动的时间【物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）A科技的进步可以使内燃机成为单一的热源热机B电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递C空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量小于向室外放出的热量D把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故E悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相碰撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显14一汽缸竖直放在水平地面上，缸体质量M=10kg，活塞质量m=4kg，活
12、塞横截面积S=2103m2，活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体，下面有气孔O与外界相通，大气压强P0=1.0105Pa；活塞下面与劲度系数k=2103M/m的轻弹簧相连；当汽缸内气体温度为127时弹簧为自然长度，此时缸内气柱长度L1=20cm，g取10m/s2，缸体始终竖直，活塞不漏气且与缸壁无摩擦当缸内气柱长度L2=24cm时，缸内气体温度为多少K？缸内气体温度上升到T0以上，气体将做等压膨胀，则T0为多少K？【物理-选修3-4】15一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P的x坐标为3m已知任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s下列说法正确的是（）
13、A波速为4m/sB波的频率为1.25HzCx坐标为15m的质点在t=0.6s时恰好位于波谷Dx坐标为22m的质点在t=0.2s时恰好位于波峰E当质点P位于波峰时，x坐标为17m的质点恰好位于波谷16Morpho蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现处闪亮耀眼的蓝色光芒，这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉，电子显微镜下鳞片结构的示意图如图一束光以入射角i从a点入射，经过折射和反射后从b点出射设鳞片的折射率为n，厚度为d，两片之间空气层厚度为h，取光在空气中的速度为c，求光从a到b所需的时间t【物理-选修-3-5】17以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A原子核发生一次衰变，该原子外层就失
14、去一个电子B天然放射现象中发出的三种射线是从原子核内放出的看不见的射线C对于不同种金属，若照射光频率不变，Ek与金属的逸出功成线性关系D一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小E按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子的能量增加18如图所示，滑块A与质量M=4kg，半径R=0.5m的光滑圆弧轨道均静止在光滑水平面上，圆弧轨道的下端恰好与水平地面相切于O点，另一质量为mB=1kg、可看作质点的滑块B从圆弧轨道的最高点滑下，与滑块A碰撞后被弹回，且恰好追不上圆弧轨道，取重力加速度g=10m/s2，不计碰撞时的能量损失，试计算
15、滑块A的质量mA2016年山东省高考物理押题卷（二）参考答案与试题解析一、选择题1如图所示，楔形凹槽的截面是一个直角三角形ABC，CAB=30，ABC=90ACB=60，在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，其对凹槽的AB边的压力为F1，对BC边的压力为F2，则的值为（）ABCD【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】金属球受重力和两个侧面的支持力，将重力按照作用效果进行分解，根据平行四边形定则作图，得到两个压力大小【解答】解：金属球受到的重力产生两个作用效果，压AB面和压BC面，作图如下：对AB面的压力等于分力F1，对BC面的压力等于分力F2；故故选：C2某物体做直
16、线运动的vt图象如图所示，据此判断下列四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）（）ABCD【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】速度时间图线中，图线的斜率表示加速度，斜率不变，加速度不变，根据牛顿第二定律，合力不变【解答】解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上所述，知B正确，A、C、D错误故选：B32014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号
17、近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合大量关键技术如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则下列说法正确的是（）A卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为gB如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其加速C卫星“G1”由位置A
18、运动到位置B所需的时间为D若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】根据万有引力提供向心力，以及万有引力等于重力求出卫星的加速度大小；“高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长；根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间；“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，而GM=gR2所以卫星的加速度a=，故A错误B、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速
19、度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其减速，故B错误C、根据万有引力提供向心力，解得，所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间t=，故C正确D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小故D错误故选：C4如图所示，正四面体棱长为a，A、B、C、D是其四个顶点，现在A、B两点分别固定电荷量均为Q的正、负点电荷，静电力常量为k，棱CD的中点为E，则下列说法正确的是（）AE点的场强大小为B正电荷在C点处的电势能大于在D点处的电势能C将一负电荷从C点沿直线移动到D点，电场力先做正功后做负功D将一正电荷从A点沿直线移动到E点
20、再沿直线移动到B点，正电荷的电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能【分析】根据点电荷的场强的公式和平行四边形定则计算出E点的电场强度；+Q、Q是两个等量异种点电荷，其电场线和等势面分布具有对称性，通过AB连线的中垂面是一个等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，在等势面上运动点电荷电场力不做功【解答】解：A、根据几何知识得：AE=BE=a，+Q、Q在E点产生的场强大小均为 E=k=，夹角设为2，则cos=所以E点的场强大小为 E合=2Ecos=故A正确B、通过AB连线的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，则正电荷在C、D两点的电势能相等故B错误C、将一负电荷从C
21、点沿直线移动到D点，电场力不做功故C错误D、将一正电荷从A点沿直线移动到E点再沿直线移动到B点，电势不断降低，正电荷的电势能一直减小故D错误故选：A5如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，a、b间的电场强度为E，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变为水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b板进入bc区域，bc区域的宽度也为d，所加电场的场强大小为E，方向竖直向上，磁感应强度方向垂直纸面向里，磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列说法不正确的是（）A微粒在ab区域的运动时间为B微粒在bc区域中做匀速圆周运动，圆
22、周半径r=2dC微粒在bc区域中做匀速圆周运动运动时间为D微粒在ab、bc区域中运动的总时间为【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式和牛顿第二定律列式分析；粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力【解答】解：A、将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式，有：水平方向：v0=at，d=竖直方向：0=v
23、0gt解得：a=gt=故A正确；B、粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qv0B=m解得：r=由得到r=2d，故B正确；C、由于r=2d，画出轨迹，如图由几何关系，得到回旋角度为30，故在复合场中的运动时间为：t2=，故C正确；D、粒子在电场中运动时间为：t1=故粒子在ab、bc区域中运动的总时间为：t=t1+t2=，故D不正确；本题选不正确的，故选：D6如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为1100，次级线圈的匝数为55，初级线圈两端a、b接正弦交流电源，在原线圈前串接一个电阻R0=121的保险丝，电压表V的示数为220V，如果负载电阻R=5.5
24、，各电表均为理想电表，则（）A电流表A的示数为1AB变压器的输出电压为5.5VC保险丝实际消耗的功率为1.21WD负载电阻实际消耗的功率为22W【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率【分析】由匝数之比可求得副线圈的电压，由欧姆定律求得电流表的示数由焦耳定律求得功率【解答】解：AB、由电压与匝数成正比，则： =11V，则则AB错误CD、负载功率为U2I2=22W，则D正确，由I1U1=I2U2可得：I1=0.1A有：P=R0=1.21W则CD正确故选：CD7如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带
25、均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带顺时针匀速转动，则在b下降h高度（a未与滑轮相碰）过程中下列说法正确的是（）A物块a重力势能增加mghB物块b的机械能减少mghC摩擦力对a做的功大于a机械能的增加D摩擦力对a做的功等于物块a、b系统机械能增加两量【考点】功能关系；功的计算【分析】通过开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系根据b下降的高度得出a上升的高度，从而求出a重力势能的增加量，根据能量守恒定律判断摩擦力功与a、b动能以及机械能的关系【解答】解：A、开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有magsin=mbg，则m
26、asin=mbb下降h，则a上升hsin，则a重力势能的增加量为maghsin=mgh故A正确B、物块b的机械能减少等于减少的势能减去增加的动能，E=mgh，故B错误；C、D、根据功能关系，系统机械能增加等于除重力以外的力做功，所以摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量所以摩擦力做功大于a的机械能增加故C错误，D正确；故选：AD8如图所示，虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图，其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的“U”框型缓冲车厢，在车厢的底板上固定着两个水平绝缘导轨PQ、MN，车厢的底板上还固定着电磁铁，能产生垂直于导轨平面并随车厢一起运动的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B设导轨右端QN是磁
27、场的右边界，导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，滑块K上绕有闭合矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，匝数为n，ab边长为L假设缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下（碰前车厢与滑块相对静止），此后线圈与轨道磁场的作用使车厢减速运动L后停下（导轨未碰到障碍物），从而实线缓冲，假设不计一切摩擦，则在缓冲过程中，下列说法正确的是（）A线圈中感应电流方向沿adcbaB线圈中感应电动势的最大值为Em=nBLv0C通过线圈的电荷量为D线圈中产生的焦耳热为mv02【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】根据右手定则判断感应电流的方向；根据车厢的最大速度，结
28、合切割产生的感应电动势公式求出产生的最大感应电动势；根据q=求出通过线圈的电荷量；根据能量守恒定律求出线圈中产生的焦耳热【解答】解：A、由右手定则知，感应电流的方向是abcda（或逆时针），故A错误B、在缓冲的过程中，车厢做减速运动，速度减小，则线圈切割产生的最大感应电动势Em=nBLv0，故B正确C、根据q=知，减速运动L的过程中，通过线圈的电荷量q=，故C正确D、根据能量守恒定律知，线圈中产生的焦耳热为，故D正确故选：BCD二、【必做部分】9如图甲为探究“加速度与合外力、质量的关系”的实验装置示意图（1）下列做法正确的是AC（填字母代号）A调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B
29、在调节木板倾斜度平衡小车受到的摩擦力时，应将沙桶通过定滑轮拴接在小车上C通过增减小车上的砝码改变小车质量M时，不需要重新调节木板的倾斜程度D求小车运动的加速度时，可用天平测出沙和沙桶的质量m及小车质量M，直接用公式a=求出（2）某同学想用沙和沙桶的重力mg表示小车受到的合外力F，需要使沙和沙桶的质量远小于小车的质量（填远大于，远小于或近似于），该同学在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变对小车的拉力，由实验数据作出aF图象如图乙所示，图线不过原点的原因是平衡摩擦力过度，小车的质量为2kg【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力
30、时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsin=mgcos，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力根据牛顿第二定律求出绳子拉力与砝码桶及桶内砝码的总重力的关系，判断出在什么情况下砝码盘及盘内砝码的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，由a=可知，图象的斜率等于小车质量的倒数【解答】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行故A正确；B、在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在小车上故B错误；C、通过增减小车上的砝码改变质
31、量时，不需要重新调节木板倾斜度故C正确；D、小车运动的加速度由纸带上的数据，使用逐差法求出，不能使用牛顿第二定律故D错误故选：AC（2）对整体分析，根据牛顿第二定律得，a=，则绳子的拉力F=Ma=，当mM，即沙和沙桶的质量远小于小车和小车的质量时，沙和沙桶的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，根据图象可知，拉力为零时，小车的加速度不为零，可知平衡摩擦力过度，由a=可知，图象的斜率等于小车质量的倒数，则小车的质量为故答案为：（1）AC；远小于；平衡摩擦力过度；210如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻（10），R1是电阻箱（099.9），R是滑动变阻器，A1
32、和A2是电流表，E是电源（电动势10V，内阻很小）在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大实验具体步骤如下：（）连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；（）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2（）重复步骤（），再测量6组R1和I2；（）将实验获得的7组数据在坐标纸上描点根据实验回答以下问题：现有四只供选用的电流表：A电流表（03mA，内阻为2.0） B电流表（03mA，内阻未知）C电流表（00.3A，内阻为5.0） D电流表（00.3A，内阻未知）A1应选用D，A2应选用C测得一组R1和I
33、2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值变大（选填“不变”、“变大”或“变小”）在坐标纸上（图2）画出R1与I2的关系图根据以上实验得出Rx=31.3【考点】伏安法测电阻【分析】由题意可知，A1示数I1=0.15A，即可确定量程，根据题目中图象示数可知A2的范围，则可明确其量程；由欧姆定律，结合电路分析方法，可知滑动变阻器的阻值如何变化；根据描点，作出图象，让图线分布在点两边，删除错误点；根据串并联特征，结合R1与I2的图象的斜率含义，依据欧姆定律，即可求解【解答】解：A1示数I1=0.15A，则A1应选用量程为0.3A的电流表，由于只
34、要知道电流大小即可，即选用D；根据R1与I2的关系图，可知，A2的量程为0.3A，且必须要知道其电阻，因此选用C；调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，则与其串联的两个电阻一个电流表的两端电压必须要在减小，因此只有应让滑动变阻器R接入电路的阻值在变大，才能达到这样的条件；根据描出点的用直线将各点连接，误差较大的点舍去；如图所示；根据欧姆定律，则有：（R1+R0+RA1）I1=I2（RX+RA2）；整理可得：R1=I2R0RA1；而R1与I2的图象的斜率为：k=241.7；则有：RX=kIA1RA2=241.70.155=31.3；故答案为：D，C；变大；如图所示；31.3
35、11如图所示，AB是倾角为的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L应满足什么条件？【考点】向心力；动能定理的应用【分析】利用动能定理求摩擦力做的功；对圆周运动条件的分析和应用；圆周运动中能过最高点的条件【解答】解：（1）因为摩擦始
36、终对物体做负功，所以物体最终在圆心角为2的圆弧上往复运动对整体过程由动能定理得mgRcosmgcosx=0所以总路程为x=（2）对BE过程，B点的初速度为零，由动能定理得mgR（1cos）=mvE2FNmg=m由得对轨道压力：FN=（32cos）mg方向竖直向下（3）设物体刚好到D点，则由向心力公式得mg=m对全过程由动能定理得mgLsinmgcosLmgR（1+cos）=mvD2由得最少距离L=R故答案为：（1）在AB轨道上通过的总路程为x=（2）对圆弧轨道的压力为（32cos）mg，方向竖直向下（3）释放点距B点的距离L至少为R12图为某种离子加速器的设计方案两个半圆形金属盒内存在相同的垂
37、直于纸面向外的匀强磁场其中MN和MN是间距为h的两平行极板，其上分别有正对的两个小孔O和O，ON=ON=d，P为靶点，OP=kd（k为大于1的整数）极板间存在方向向上的匀强电场，两极板间电压为U质量为m、带电量为q的正离子从O点由静止开始加速，经O进入磁场区域当离子打到极板上ON区域（含N点）或外壳上时将会被吸收两虚线之间的区域无电场和磁场存在，离子可匀速穿过忽略相对论效应和离子所受的重力求：（1）离子经过电场仅加速一次后能打到P点所需的磁感应强度大小；（2）能使离子打到P点的磁感应强度的所有可能值；（3）打到P点的能量最大的离子在磁场汇总运动的时间和在电场中运动的时间【考点】带电粒子在匀强磁
38、场中的运动；质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】（1）对直线加速过程，根据动能定理列式；对在磁场中圆周运动过程，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式；最后联立求解即可；（2）为了使离子打到P点，粒子可以加速1次、2次、3次、，对加速过程根据动能定理列式，对在磁场中圆周运动过程根据牛顿第二定律列式；要考虑临界条件，一次加速后要达到虚线区域；（3）打到P点的能量最大的离子加速次数最大；在电场向上中是匀加速全程根据动量定理求解时间；在磁场中是匀速圆周运动，根据t=求解时间【解答】解：（1）在电场中的直线加速过程，根据动能定理，有：qU= 在磁场中，根据牛顿第二定律，有： 联立解得磁感应强度大小：
39、B= （2）在电场中的第一次直线加速过程，根据动能定理，有： qU= 在磁场第一次圆周运动过程中，根据牛顿第二定律，有： 其中： 离子经过电场加速n次后能打到P点，则：在电场中的前n次直线加速过程，根据动能定理，有： nqU= 在磁场中第n次圆周运动过程，根据牛顿第二定律，有： 其中： 联立解得：B=（n=1，2，3，4，k21）（3）在电场中n次运动都是加速，可以当作一个匀加速直线运动进行考虑；根据式，最大速度为：v=根据动量定理，有：qt=mv打到P点的能量最大的离子加速次数最大，为：n=k21联立解得：t=h在磁场中做圆周运动，为（n）圈，即（k2）圈；周期：T=根据式，Bn=故在磁场中
40、的运动时间为：t=（k2）联立解得：t=答：（1）离子经过电场仅加速一次后能打到P点所需的磁感应强度大小为；（2）能使离子打到P点的磁感应强度磁感应强度的可能值为：（n=1，2，3，4，k21）；（3）在磁场中运动的时间为；在电场中运动的时间为h【物理-选修3-3】13下列说法正确的是（）A科技的进步可以使内燃机成为单一的热源热机B电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递C空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量小于向室外放出的热量D把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故E悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相碰撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显【
41、考点】热力学第二定律；热力学第一定律【分析】热力学第二定律有两种说法：一、是不可能使热量由低温物体传递到 高温物体，而不引起其他变化；二、是不可能从单一热源 吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化空调机在制冷过程中，可根据热力学第一定律分析吸热与放热的关系液体存在表面张力微粒越小，在某一瞬间跟它相碰撞的液体分子数就越少，冲力越不平衡，布朗运动越明显【解答】解：A、根据热力学第二定律知，科技的进步不可能使内燃机成为单一的热源热机，故A错误B、在引起其他变化的情况下，热量可以从低温物体向高温物体传递如电冰箱，故B正确C、空调机在制冷过程中，由于电流做功，部分电能转化为内能，故从室内吸收的热量
42、小于向室外放出的热量故C正确D、把一枚针轻放在水面上，由于水表面存在表面张力的缘故，水面象弹性薄膜一样，所以针能浮在水面，故D正确E、悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相碰撞的液体分子数就越少，微粒受到的冲力越不平衡，合力越大，所以布朗运动越明显故E错误故选：BCD14一汽缸竖直放在水平地面上，缸体质量M=10kg，活塞质量m=4kg，活塞横截面积S=2103m2，活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体，下面有气孔O与外界相通，大气压强P0=1.0105Pa；活塞下面与劲度系数k=2103M/m的轻弹簧相连；当汽缸内气体温度为127时弹簧为自然长度，此时缸内气柱长度L1=20cm，g取1
43、0m/s2，缸体始终竖直，活塞不漏气且与缸壁无摩擦当缸内气柱长度L2=24cm时，缸内气体温度为多少K？缸内气体温度上升到T0以上，气体将做等压膨胀，则T0为多少K？【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】（1）当汽缸内气体温度为127时弹簧为自然长度，当缸内气柱长度L2=24cm时，对活塞受力分析根据平衡条件和理想气体状态方程求解（2）当气体压强增大到一定值时，气缸对地压力为零，此后再升高气体温度，气体压强不变，气体做等压变化根据平衡条件和理想气体状态方程求解【解答】解：当汽缸内气体温度为127时弹簧为自然长度，设封闭气体的压强为P1，对活塞受力：P1S+mg=P0S得：P1=P0代
44、入数据得：P1=0.8105Pa当缸内气柱长度L2=24cm时，设封闭气体的压强为P2，对活塞受力：P2S+mg=P0S+F其中：F=k（L2L1）可得：P2=P0+代入数据得：P2=1.2105Pa对气体，根据题意得：V1=20S V2=24S T1=400K根据理想气体状态方程，得： =解得T2=720K 当气体压强增大到一定值时，汽缸对地压力为零，此后再升高气体温度，气体压强不变，气体做等压变化；设汽缸刚好对地没有压力时弹簧压缩长度为x 则kx=（m+M）gx=7cmV3=（x+L1）S=27SP3=P0+=1.5105Pa根据理想气体状态方程得；解得T0=1012.5K答：当缸内气柱长
45、度L2=24cm时，缸内气体温度为720K 缸内气体温度上升到T0以上，气体将做等压膨胀，则T0为1012.5K【物理-选修3-4】15一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P的x坐标为3m已知任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s下列说法正确的是（）A波速为4m/sB波的频率为1.25HzCx坐标为15m的质点在t=0.6s时恰好位于波谷Dx坐标为22m的质点在t=0.2s时恰好位于波峰E当质点P位于波峰时，x坐标为17m的质点恰好位于波谷【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【分析】根据任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s即可求出周
46、期相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由图读出波长由求出波速【解答】解：A、由题，任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4s，则周期为0.8s，由图可知，该波的波长是4m，所以波速： =m/s故A错误；B、该波的周期是0.8s，则频率：f=Hz故B正确；C、x坐标为15m的质点到P点的距离为：x1=15m3m=12m=3，所以x坐标为15m的质点与P点的振动始终相同P质点经过t=0.6s=时间恰好经过平衡位置，所以x坐标为15m的质点在t=0.6s时恰好位于平衡位置故C错误；D、x坐标为22m的质点到x=2质点的距离为：x2=22m2m=20m=5，所以x坐标为15m的质点与x=2
47、的点的振动始终相同t=0时刻x=2的质点向上振动，经过t=0.2s=T时间恰好到达波峰，所以x坐标为22m的质点在t=0.2s时恰好位于波峰位置故D正确；E、x坐标为17m的质点到P点的距离为：，所以x坐标为17m的质点与P点的振动始终相反，当质点P位于波峰时，x坐标为17m的质点恰好位于波谷故E正确故选：BDE16Morpho蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现处闪亮耀眼的蓝色光芒，这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉，电子显微镜下鳞片结构的示意图如图一束光以入射角i从a点入射，经过折射和反射后从b点出射设鳞片的折射率为n，厚度为d，两片之间空气层厚度为h，取光在空气中的速度为c，求光从a到b所需
48、的时间t【考点】光的折射定律【分析】根据折射定律求出光在鳞片内的折射角，由几何知识求出在鳞片中传播的路程和在空气中传播的路程，进而求出鳞片中的时间和空气中的时间【解答】解：设光在鳞片中的折射角为r，根据折射定律：sini=nsinr由几何知识得在鳞片中传播的路程为：l1=在鳞片中的速度为：v=则在鳞片中传播的时间：t1=解得：t1=同理，在空气中的传播时间为：t2=则光从a到b所需的时间为：t=t1+t2=+答：光从a到b所需的时间为+【物理-选修-3-5】17以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A原子核发生一次衰变，该原子外层就失去一个电子B天然放射现象中发出的三种射线是从原子
49、核内放出的看不见的射线C对于不同种金属，若照射光频率不变，Ek与金属的逸出功成线性关系D一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小E按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子的能量增加【考点】光电效应；氢原子的能级公式和跃迁【分析】根据光电效应的条件判断不能发生光电效应的原因；根据轨道半径的大小，结合库仑引力提供向心力，判断电子动能的变化；衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来；根据光电效应方程Ekm=hvW0进行分析【解答】解：A、衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释
50、放出来，不是来自核外电子故A错误B、天然放射现象的射线来自原子核的内部，且看不见的射线故B正确C、对于不同的金属，逸出功不同，若照射光的频率不变，根据光电效应方程Ekm=hvW0知，Ek与金属的逸出功成线性关系故C正确D、一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为入射光的频率较小，与光强无关故D错误E、氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，要吸收能量，则原子能量增大，根据k=m知，电子的动能减小故E正确故选：BCE18如图所示，滑块A与质量M=4kg，半径R=0.5m的光滑圆弧轨道均静止在光滑水平面上，圆弧轨道的下端恰好与水平地面相切于O点，另一质量为mB=1kg、可看作质
51、点的滑块B从圆弧轨道的最高点滑下，与滑块A碰撞后被弹回，且恰好追不上圆弧轨道，取重力加速度g=10m/s2，不计碰撞时的能量损失，试计算滑块A的质量mA【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】B下滑的过程中，B与轨道组成的系统，由机械能守恒定律和动量守恒定律可以求出其碰撞前的速度；A、B碰撞过程动量守恒、机械能守恒，结合B与滑块A碰撞后被弹回，且恰好追不上圆弧轨道可以求出A的质量【解答】解：B下滑过程B与轨道组成的相同的机械能守恒，由机械能守恒定律得：mBgR=mBvB2+B从圆弧轨道上滑下的过程中水平方向的动量守恒，选取向左为正方向，得：0=mBvB+Mv1联立，代入数据得：vB=m/s；v=m/sB与滑块A碰撞后被弹回，且恰好追不上圆弧轨道，则B的速度恰好与圆弧轨道的速度是相等的，即：vB=v=m/sA、B碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：mBvB=mAvA+mBvB，由机械能守恒定律得： mBvB2=mA（vA）2+mBvB2，碰撞后，B球向左运动过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得： mAvA2=mAgR，代入数据得：mA=kg；答：滑块A的质量是kg2016年6月12日
