1、高考资源网（） 您身边的高考专家2016-2017学年安徽省六安市新安中学高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共10小题，其中1-7小题每题4分，8-10每题6分为多选题）1下列叙述正确的是（）A起电的实质是改变原来物质结构，产生新电荷B元电荷是指带电量为1.61019C的电子或质子C库仑测定了电子所带电量的值，为了纪念他，所以电量单位是库伦D在任何情况下，只要系统与外界没有电荷交换，电荷的代数和就不变2如图所示，要使静电计的指针偏转角变小，可采用的办法是（）A使两极板靠近B减小正对面积C插入电介质D用手碰一下负极板3两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为
2、r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A FB FC FD12F4电场强度的定义式为E=，点电荷的场强公式为E=，下列说法中正确的是（）AE=中的场强E是电荷q产生的BE=中的场强E是电荷Q产生的CE=中的d表示两点间的距离DE=和E=都只对点电荷适用5在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是（）A甲图中与点电荷等距的a、b两点B乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D丁图中非匀强电场中的a、b两点6一个匀强电场，实线
3、表示电场线，一个正离子射入该电场后，在电场中运动的轨迹在图中用虚线表示，ab是轨迹上的两点（离子由a至b）（）A该电场的电场强度方向向右，a、b两点的电势abB该电场的电场强度方向向左，a、b两点的电势abC该电场的电场强度方向向右，a、b两点的电势a=bD该电场的电场强度方向向左，a、b两点的电势ab7有AB两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）A电阻A的阻值大于电阻BB电压相同时，流过电阻B的电流强度较大C两电阻并联时A消耗的功率较大D两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大8一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）A粒子带正电B粒子加速
4、度逐渐减小CA点的场强小于B点的场强D粒子的速度不断减小9将一电荷量为+Q的小球方在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则（）Aa点的电场强度比b点的大Ba点的电势比b点的大C检验电荷q在a点的电势能在b点的大D将检验电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做负功10如图所示，水平固定的小圆盘A带电荷量为Q，电势为零，从盘心O释放一质量为m，带电荷量为+q的小球，由于电场的作用，小球竖直上升的高度可达盘中心竖直线上的C点，OC=h，又知道竖直线上B点时小球速度最大，由此可确定Q所形成的电场的哪些物理量（）AB点的电场强度BC点的电场强度C
5、B点的电势DC点的电势三、实验题11有一个小电珠上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小电珠的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约为10k） B电压表（010V，内阻约为20k）C电流表（00.3A，内阻约为1） D电流表（00.6A，内阻约为0.4）E滑动变阻器（10，2A） F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）实验中所用电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选（用序号字母表示）（2）请在图1的方框内画出满足实验要求的电路图，并把由图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图二、计算题（共40分，需要写出必要的文字说明和过程，只有结果
6、不能得分）12如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方与Q相距分别为h和0.25h，将另一点电荷从A点由静止释放，运动到B点时速度正好又变为零，若此电荷在A点处的加速度大小为g，试求：（1）此电荷在B点处的加速度；（2）A、B两点间的电势差（用Q和h表示）13如图所示，在范围很大的水平向右的匀强电场中，一个电荷量为q的油滴，从A点以速度v竖直向上射入电场已知油滴质量为m，重力加速度为g，当油滴到达运动轨迹的最高点时，测得它的速度大小恰为，问：（1）电场强度E为多大？（2）A点至最高点的电势差为多少？14如图所示，有一电子（电量为e）经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行
7、金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：（1）金属板AB的长度（2）电子穿出电场时的动能15如图所示为一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，电动机内阻为0.6，R=10，直流电压U=160V，电压表示数为110V，则（1）通过电动机的电流强度为多少安培；（2）输入电动机的电功率为多少瓦特；（3）电动机工作1h所产生的热量为多少焦耳2016-2017学年安徽省六安市新安中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，其中1-7小题每题4分，8-10每题6分为多选题）1下列叙述正确的是（）A起电的实质是改变原来物质结构，产生新电荷B元电荷是指带电
8、量为1.61019C的电子或质子C库仑测定了电子所带电量的值，为了纪念他，所以电量单位是库伦D在任何情况下，只要系统与外界没有电荷交换，电荷的代数和就不变【考点】元电荷、点电荷；电荷守恒定律【分析】电荷是守恒的，不会产生和消失，元电荷是最小的电荷量，电子的电量由密立根测量【解答】解：A、起电的实质是电荷的转移，则A错误 B、元电荷是最小的电荷量，不是粒子，则B错误 C、电子的电量由密立根测定，则C错误 D、电荷守恒，则D正确；故选：D2如图所示，要使静电计的指针偏转角变小，可采用的办法是（）A使两极板靠近B减小正对面积C插入电介质D用手碰一下负极板【考点】电容器的动态分析【分析】由C=可明确电
9、容的变化；再根据Q=UC可分析电势差的变化；从而明确偏角变化【解答】解：偏角减小，则说明两极板间的电势差减小；A、两极板靠近时，板间距离减小，电容增大；因电量不变，则电势差减小；故A正确；B、减小正对面积时，电容减小；则电势差增大；故B错误；C、加入电介质时，电容增大，则电势差减小；故C正确；D、用手碰极板时，电量减小，电容不变；则电势差减小；故D正确；故选：ACD3两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A FB FC FD12F【考点】库仑定律【分析】清楚两小球相互
10、接触后，其所带电量先中和后均分根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F=k，所以两球间库仑力的大小为F故选：B4电场强度的定义式为E=，点电荷的场强公式为E=，下列说法中正确的是（）AE=中的场强E是电荷q产生的BE=中的场强E是电荷Q产生的CE=中的d表示两点间的距离DE=和E=都只对点电荷适用【考点】电场强度；点电荷的场强【分析】公式E=，是电场强度的定义式，E由电场本身决定，与试探电荷无关，该式适用任何电场公
11、式E=，是真空中点电荷的电场强度的计算式，Q是场源电荷E=适用于匀强电场，公式中d是两点沿电场线方向的距离【解答】解：A、电场强度的定义式E=，采用比值法定义，可知，电场强度由电场本身决定，与检验电荷受的电场力及带电量无关故A错误B、公式E=，是点电荷的场强决定式，式中场强E是电荷Q产生的故B正确C、公式E=适用于匀强电场，式中的U为电场中某两点间的电势差，d为两点间沿电场方向的距离故C错误D、公式E=，是电场强度的定义式，采用比值法定义，适用于所有静电场，故D错误故选：B5在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是（）A甲图中与点电荷等距的a、b
12、两点B乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D丁图中非匀强电场中的a、b两点【考点】电场线；电场强度【分析】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场强度的方向沿着该点的电场线的切线的方向【解答】解：A、在甲图中，电场线是直线，a、b点的电场强度的方向就沿着电场线的方向，所以a、b的电场强度的方向不同，但不是相反的，所以A错误；B、在等量异种电荷连线的中垂线上的所有的点的电场强度的方向都是水平指向负电荷的一侧的，所以a、b的电场强度的方向相同，所以B错误；C、在等量同种电荷连线的中垂线上的点的电场强度
13、的方向都是由中间指向两侧的，在对称的位置，电场强度的大小是相同的，方向相反，所以C正确；D、在非匀强电场中的a、b两点，电场强度的方向沿着该点的电场线的切线的方向，显然它们的方向不同，但是不是相反的，所以D错误；故选C6一个匀强电场，实线表示电场线，一个正离子射入该电场后，在电场中运动的轨迹在图中用虚线表示，ab是轨迹上的两点（离子由a至b）（）A该电场的电场强度方向向右，a、b两点的电势abB该电场的电场强度方向向左，a、b两点的电势abC该电场的电场强度方向向右，a、b两点的电势a=bD该电场的电场强度方向向左，a、b两点的电势ab【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势；匀强电场中电势差
14、和电场强度的关系【分析】粒子在电场力作用下运动，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向，沿着电场线的方向电势降低的，沿着电场线去判定电势高低【解答】解：匀强电场中电场力与电场线平行，而曲线运动合力指向曲线的内侧，故电场力一定向左，粒子带正电，故电场强度方向向左，沿电场方向电势降低，即：电势ab故D正确、ABC错误故选：D7有AB两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）A电阻A的阻值大于电阻BB电压相同时，流过电阻B的电流强度较大C两电阻并联时A消耗的功率较大D两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大【考点】路端电压与负载的关系；电功、电
15、功率【分析】IU图线的斜率表示电阻的倒数，通过斜率比较电阻的大小并联时，两电阻电压相等，根据P=，求解功率大小；串联时，电流相等，根据P=I2R，比较消耗的功率大小【解答】解：A、IU图线的斜率表示电阻的倒数，A图线的斜率大，则A的电阻小故A错误；B、在电压相同时，流过电阻B的电流强度较小，故B错误C、两电阻并联，电压相等，根据P=得，A的电阻小，则A消耗的功率较大，故C正确D、两电阻串联，电流相等，根据P=I2R得，A的电阻小，则电阻A消耗的功率较小故D错误故选：C8一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）A粒子带正电B粒子加速度逐渐减小CA点的场强小
16、于B点的场强D粒子的速度不断减小【考点】电场线；电场强度；电势；电势能【分析】电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向大体指向运动轨迹弯曲一侧，即可判断带电粒子带负电；电场线的疏密表示电场强度的强弱【解答】解：A、由图所示，粒子从A到B，粒子的轨迹向左弯曲，电场力逆着电场线方向，所以粒子带负电故A错误B、从A到B，电场线越来越疏，所以电场强度减小，电场力也变小，则加速度也减小，故B正确C错误D、由图所示，粒子从A到B，根据曲线运动条件可得，电场力逆着电场线方向，所以电场力对负粒子做负功，其电势能增大，动能减小，因此A点的电势能小于B点电势能，速度不断减小，故D正确故选：BD9将一电
17、荷量为+Q的小球方在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则（）Aa点的电场强度比b点的大Ba点的电势比b点的大C检验电荷q在a点的电势能在b点的大D将检验电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能【分析】电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小【解答】解：A、电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密，场强越大，则由
18、图象知，a点的电场强度比b点大，故A正确；B、a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高故B正确；C、在电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故C错误；D、q在a点的电势能较b点小，则把q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功故D正确故选：ABD10如图所示，水平固定的小圆盘A带电荷量为Q，电势为零，从盘心O释放一质量为m，带电荷量为+q的小球，由于电场的作用，小球竖直上升的高度可达盘中心竖直线上的C点
19、，OC=h，又知道竖直线上B点时小球速度最大，由此可确定Q所形成的电场的哪些物理量（）AB点的电场强度BC点的电场强度CB点的电势DC点的电势【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势【分析】小球受两个力，重力和电场力，0到b，电场力大于重力，小球向上先做加速运动；到b点，电场力等于重力，速度达到最大；b到c，小球向上做减速运功，到c点速度为零根据在b点电场力等于重力求出b点的场强，根据动能定理，求出c点的电势能，从而求出c点的电势【解答】解：A、在B点，小球速度最大，所以电场力等于重力，qEb=mg，Eb=故A正确；B、小球在c的速度为0，但不能判断出c点的受力，或c点的加速度，所以不能
20、判断出c点的电场强度故B错误；C、D、O到c，根据动能定理得，W电mgh=0，电场力做正功，W电=mgh，电势能减小mgh，O点电势能为0，所以c点电势能为mgh，c点的电势为题目仅仅知道b点的速度最大，但不能具体确定b点的电势能故C错误，D正确故选：AD三、实验题11有一个小电珠上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小电珠的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约为10k） B电压表（010V，内阻约为20k）C电流表（00.3A，内阻约为1） D电流表（00.6A，内阻约为0.4）E滑动变阻器（10，2A） F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干
21、（1）实验中所用电压表应选A，电流表应选D，滑动变阻器应选E（用序号字母表示）（2）请在图1的方框内画出满足实验要求的电路图，并把由图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电压和额定电流的大小来选择电压表和电流表的量程，根据实验要求电流从零调可知，变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器以便于调节题（2）的关键是根据满足关系，可知电流表应用外接法，又要求电流从零调可知，变阻器应用分压式接法，即可画出电路图【解答】解：（1）：由新的规格“4V，2W”可知，额定电压U=4V，额定电流I=，所以电压表应选A，电流表应选
22、D；由于实验要求电流从零调，所以应选阻值小的变阻器E（2）：由于小灯泡的电阻，满足，所以电流表应用外接法，又实验要求电流从零调，变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：根据原理图连接实物如图所示：故答案为：（1）A，D，E（2）如图二、计算题（共40分，需要写出必要的文字说明和过程，只有结果不能得分）12如图所示，Q为固定的正点电荷，A、B两点在Q的正上方与Q相距分别为h和0.25h，将另一点电荷从A点由静止释放，运动到B点时速度正好又变为零，若此电荷在A点处的加速度大小为g，试求：（1）此电荷在B点处的加速度；（2）A、B两点间的电势差（用Q和h表示）【考点】电势差与电场强度的关系；动能定理的
23、应用；库仑定律【分析】（1）已知电荷在A点的加速度，由库仑定律与牛顿第二定律列式，再研究电荷在B点的受力情况，列出牛顿第二定律方程，即可求出电荷在B处的加速度（2）从A到B过程运用动能定理可求出库仑力做的功，从而算出AB电势差【解答】解：（1）这一电荷必为正电荷，设其电荷量为q，由牛顿第二定律，在A点时有 mgk=mg在B点时有 kmg=maB；解得 aB=3g，方向竖直向上，且另一点电荷的电量：q=（2）另一点电荷从A到B过程，由动能定理得 mg（h0.25h）+qUAB=0得 UAB=答：（1）此电荷在B点处的加速度大小为3g，方向竖直向上；（2）A、B两点间的电势差是13如图所示，在范围
24、很大的水平向右的匀强电场中，一个电荷量为q的油滴，从A点以速度v竖直向上射入电场已知油滴质量为m，重力加速度为g，当油滴到达运动轨迹的最高点时，测得它的速度大小恰为，问：（1）电场强度E为多大？（2）A点至最高点的电势差为多少？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差【分析】（1）根据运动的合成与分解，及动量定理，即可求解；（2）根据位移与时间的表达式，结合牛顿第二定律与求功的公式，即可求解【解答】解：（1）由力的独立作用原理和动量定理，得mgt=0mvqEt=m解得：E=（2）设电场力方向油滴的位移为s则s=at2又qE=ma联立得s=所以电场力做功为W=qES=mv2又W=qU，所
25、以：U=答：（1）所加电场的电场强度E=；（2）A点至最高点的电势差为14如图所示，有一电子（电量为e）经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：（1）金属板AB的长度（2）电子穿出电场时的动能【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用【分析】（1）电子先在加速电场中加速，再进入偏转电场中偏转，由于电子正好能穿过电场，所以在偏转电场中的偏转的距离就是d，由此可以求得极板的长度；（2）电子在运动的整个过程中，只有电场力做功，根据动能定理即可求得电子的动能的大小【解答】解：（1）设电子飞离加速电场时速度为v，由动能定
26、理 eU0=mv2 电子在平行板间运动的时间为 t= 电子在平行板间的加速度为 a= 电子的偏转的距离 y=d=at2 由解得：L=d（2）设电子穿过电场时的动能为Ek，根据动能定理 Ek=eU0+e=e（U0+）答：（1）金属板AB的长度为d（2）电子穿出电场时的动能为e（U0+）15如图所示为一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，电动机内阻为0.6，R=10，直流电压U=160V，电压表示数为110V，则（1）通过电动机的电流强度为多少安培；（2）输入电动机的电功率为多少瓦特；（3）电动机工作1h所产生的热量为多少焦耳【考点】电功、电功率；焦耳定律【分析】（1）计算通过电动机的电流，也就是计算流过电阻R的电流即可；（2）计算电动机的功率用公式P=U电I即可；（3）最后根据焦耳定律求解电动机工作1h所产生的热量【解答】解：（1）电动机跟电阻串联，所以电流相等，电阻R两端的电压为：UR=UUV=160110=50V，电动机的电流为：I=；（2）电动机消耗的电功率为：P=U电I=1105=550W；（3）电动机工作1h所产生的热量：Q=I2rt=520.63600=5.4104J；答：（1）通过电动机的电流为5A；（2）输入电动机的电功率550W；（3）电动机工作1h所产生的热量为5.4104J2016年11月28日高考资源网版权所有，侵权必究！
