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四川省仁寿第一中学南校区2022-2023学年高二上学期1月期末考试数学(理)试卷 含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:68646 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:11 大小:1.40MB
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资源描述

1、仁寿一中南校区高2021级高二(上)期末考试 理科数学试题本试卷分为第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分,共150分,考试时间120分钟.注意事项:1答题前,务必将自己的姓名、考号填写在答题卡规定的位置上.2答选择题时,必须使用2B铅笔将答题卡上对应题号的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号3答非选择题时,必须使用0.5毫米黑色签字笔将答案书写在答题卡规定的位置上.4考试结束后,将答题卡交回.第卷(选择题,共60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、命题“”的否定是()A B C D,【答案】B2、在空间直角

2、坐标系中,点在平面上的射影到坐标原点的距离为()ABCD【答案】C3、已知圆与抛物线的准线相切,则()ABC8D2【答案】D4、设,是两条不同的直线,是两个不同的平面,下列命题正确的是()A若,则. B若,则.C若,则. D若,则.【答案】B5、已知,则是的A充要条件 B必要不充分条件 C充分不必要条件D既不充分也不必要条件【答案】C6、已知圆的圆心在直线上,且圆与轴的交点分别为,则圆的标准方程为()A B CD【答案】B7、某四面体的三视图如图所示,该四面体的表面积为()ABCD【答案】A8、执行如图所示的程序框图,输出的值为()ABCD【答案】B9、如图,在三棱锥中,二面角的正切值是,则三

3、棱锥外接球的表面积是()ABCD【答案】A10、已知双曲线(,)的左,右焦点分别为,若双曲线右支上存在点,使得与双曲线的一条渐近线垂直并相交于点,且,则双曲线的渐近线方程为()ABCD【答案】B11、已知椭圆,P是椭圆C上的点,是椭圆C的左右焦点,若恒成立,则椭圆C的离心率e的取值范围是()A B C D【答案】A12、如图,已知正方体的棱长为1,点M为棱AB的中点,点P在侧面及其边界上运动,下列命题:当时,异面直线与所成角的正切值为2;当点到平面的距离等于到直线的距离时,点的轨迹为拋物线的一部分;存在点P满足;满足的点P的轨迹长度为;其中真命题的个数为()A1B2 C3 D4【答案】D对于,

4、如图,CP与AD所成的角即CP与BC所成的角,因为,所以,由余弦定理,由正弦定理,所以,即CP与AD所成的角的正切值为2,正确;对于,点P到平面的距离即点P到直线的距离,点P到直线的距离即点P到的距离,依据抛物线的定义当两距离相等时点P的轨迹为抛物线一部分,正确;对于选项,假设,点到距离可以转化成,正好点,且始终垂直平面,所以只需要让即可,点轨迹是以B为圆心,长度为1的圆上,同理,只需要让即可,点P轨迹是以C1为圆心,长度为的圆上,如图1.又因为,所以两个圆相交有交点,即存在点P满足,选项正确;对于选项,过M点作交BC于点G,过M点作交于H,则,因为,所以,同理,平面,平面平面,所以点的轨迹为

5、,所以选项正确.第卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.13、已知双曲线 ,则该双曲线的实轴长为 【答案】214、设分别为直线和圆上的动点,则的最小值为 【答案】15、在菱形ABCD中,将沿BD折叠,使平面ABD平面BCD,则AD与平面ABC所成角的正弦值为_【答案】16、过的直线l与抛物线E:交于,两点,且与E的准线交于点C,点F是E的焦点,若的面积是的面积的3倍,则_【答案】三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17、如图,在四棱锥中,底面是直角梯形,点在线段上且.(1)证明:平面;(2)证明:平面.【详解】(1)证明:连接交于点,连接,,, ,即, 又, 又、(2)平面

6、,平面,又,且是直角梯形,即,又,且平面,平面.18、圆内有一点,过的直线交圆于A、B两点.(1)当弦AB被平分时,求直线AB的方程;(2)若圆与圆相交于E,F两点,求【答案】(1)即 (2)19、已知O为坐标原点,位于抛物线C:上,且到抛物线的准线的距离为2(1)求抛物线C的方程;(2)已知点,过抛物线焦点的直线l交C于M,N两点,求的最小值以及此时直线l的方程【答案】(1)根据题意可得,又,解得,故所求抛物线C方程,(2)设点,抛物线的焦点坐标为当直线l的斜率等于0时,不符合题意;当直线l的斜率不等于0时,设过抛物线焦点的直线l的方程为:;由,消去x得:,得,由韦达定理得,因为所以当时,取

7、得最小值为13此时直线l的方程为20、如图在四棱锥中,底面,且底面是平行四边形.已知是中点.(1)求证:平面平面;(2)求平面与平面所成锐二面角的余弦值.【答案】(1)面,且,.是中点,所以.同理可证:.又面,面,, 平面.面,平面平面.(2),.以A为原点,分别为x,y,z轴正方向建系,如图:则.设平面的法向量则,得,不妨取,则.由(1)得是平面的一个法向量,所以,所以平面与平面所成锐二面角的余弦值为.21、已知椭圆,长轴是短轴的倍,点在椭圆上,且点在轴上的投影为点(1)求椭圆的方程;(2)设过点的且不与轴垂直的直线交椭圆于、两点,是否存点,使得直线,直线与轴所在直线所成夹角相等?若存在,请

8、求出常数的值;若不存在,请说明理由【答案】(1)解:依题意,即,所以椭圆即,又椭圆过点,所以,解得,所以,所以椭圆方程为;(2)解:因为直线不与轴垂直,所以设直线为,由,消去整理得,所以,因为,所以,所以,即,即,即,解得.22、椭圆的离心率是,点是椭圆上一点,过点的动直线与椭圆相交于两点.(1)求椭圆的方程;(2)求面积的最大值;(3)在平面直角坐标系中,是否存在与点不同的定点,使恒成立?存在,求出点的坐标;若不存在,请说明理由.【详解】(1)根据题意,得,解得,椭圆C的方程为.(2) 依题意,设,设直线为,联立,消去,得,恒成立,故,令,所以,当且仅当,即时取得等号,综上可知:面积的最大值为.(3)当平行于轴时,设直线与椭圆相交于两点,如果存在点满足条件,则有,即,所以点在轴上,可设的坐标为;当垂直于轴时,设直线与椭圆相交于两点,如果存在点满足条件,则有,即,解得或,所以若存在不同于点的定点满足条件,则点的坐标为;当不平行于轴且不垂直于轴时,设直线方程为,联立,消去,得,易得,,又因为点关于轴的对称点的坐标为,又,则,所以,则三点共线,所以;综上:存在与点不同的定点,使恒成立,且.

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