1、李渡中学高二下期中考试物理试题 一、单选题（每题4分，共40分）1如图所示，做简谐运动的弹簧振子，下列说法中正确的是（ ）A振子通过平衡位置时，加速度最大B振子在最大位移处时，动能最大C振子在连续两次通过同一位置时，速度相同D振子在连续两次通过同一位置时，位移相同2如图所示是一个LC振荡电路中电流的变化图线，下列说法正确的是（）At1时刻电感线圈两端电压最大Bt1时刻电路中只有电场能Ct1时刻电容器所带电荷量为零Dt2时刻电容器两极板间电压为零3如图所示是水波干涉示意图，、是两波源，、三点在一条直线上，两波源频率相同，振幅相等，则下列说法正确的是（ ）A处质点一会儿在波峰，一会儿在波谷B处质点
2、一直在波谷C处质点一会儿在波峰，一会儿在波谷D处质点一直在平衡位置4如图所示，一理想变压器原副线圈匝数之比为3：1，原线圈两端接入一正弦交流电源，副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表，下列结论正确的是（）A若电压表读数为36V，则输入电压的峰值为108VB若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增加到原来的4倍C若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D若只将输入电压增加到原来的3倍，则输出功率增加到原来的9倍5如图所示，理想变压器的原线圈与稳定的正弦交流电源相连，副线圈的滑动头P可上下滑动设原线圈输入电压为U1，副
3、线圈输出电压为U2，负载为定值电阻R,原、副线圈电流比为k.则AP下移，k增大BP上移，k增大CP上移，U1减小DP下移，U2增大6当一弹簧振子在竖直方向上作简谐振动时，下列说法正确的是（）A振子在振动过程中，速度相同时，弹簧的长度一定相等B振子从最低点向平衡位置运动过程中，弹簧弹力始终做负功C振子在振动过程中的回复力由弹簧的弹力和振子的重力的合力提供D振子在振动过程中，系统的机械能不守恒7如图所示为某一质点在04s时间内的振动图象，下列叙述中正确地是（）A该质点时向正方向振动B该质点时加速度方向为负方向C该质点2s时加速度最大，且方向为负方向D该质点5s时加速度最大，且方向为负方向8一列简谐
4、横波a，某时刻的波形如图甲所示从该时刻开始计时经t=T2后波上质点A的振动图象如图乙所示波a与另一列简谐横波b相遇能发生稳定干涉现象，则下列判断正确的是（）A波a沿x轴正方向传播B波b的频率为0.4HzC从该时刻起，再经过0.4s质点A通过的路程为40cmD若波b遇到障碍物能发生明显衍射现象，则障碍物的尺寸一定比0.4m大很多9某质点做简谐运动，其位移与时间的关系为x=3sin(23t+2)cm，则（ ）A质点的振幅为3 m B质点的振动周期为23sCt=0.75s时，质点到达波峰 D质点前2s内的位移为 -4.5 cm10光线由空气进入半圆形玻璃砖，再由玻璃砖射入空气中。下面四幅光路图中，O
5、点是半圆形玻璃砖的圆心，可能正确的是ABCD二、多选题(每题4分，共12分）11简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距10 m的两质点，波先传到P，当波传到Q时开始计时，P、Q两质点的振动图像如图所示则()A质点Q开始振动的方向沿y轴正方向B该波从P传到Q的时间可能为7 sC该波的传播速度可能为2 m/sD该波的波长可能为6 m12图中理想变压器原、副线圈的匝数之比为41，电压表和电流表可视为理想电表，现在原线圈两端加上交变电压U=311sin(100t)V时，灯泡L1、L2均正常发光则下列说法中正确的是A该交流电的方向每秒钟改变50次B电压表的示数为55VC若将变阻器的滑片P
6、向下滑动，则L1变亮、L2将变暗D若将变阻器的滑片P向上滑动，则原线圈的输入功率增大13一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻波形图如图所示，此时波刚好传到P点，t=0.3s时质点P第一次到达负方向最大位移处，则A此波波源的起振方向沿y轴负方向B该简谐横波的波速为10m/sCt=0到t=0.5s内，质点M的路程为12cmDt=0到t=0.2s内，质点Q沿x轴正方向移动了2m三、实验题（每空2分，共14分）14在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，如图所示光敏电阻
7、与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图所示，则该单摆的振动周期为_ 。若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则该单摆的周期将_(填“变大”“不变”或“变小”)，图中的t将_(填“变大”“不变”或“变小”)15如图甲是多用电表简化电路图，电流计满偏电流0.5mA、内阻20；电池电动势1.5V、内阻可忽略；电阻R1阻值20；R3阻值24990（1）A插孔应接_表笔（选填“红”或“黑”）；（2）若指针指在图乙中所示位置，选择开关接1时其读数为_；选择开关接3时其读数为_；（3）测量电阻时，需先进行欧姆调零，此时应将R2的阻值调整为
8、_四、解答题16（8分）如图所示，半圆形玻璃砖的半径为R，一束单色光从AO的中点垂直AB面射入玻璃砖，在圆弧上的C点折射后，折射光线与过O点且垂直于AB的直线交于P点，OP距离为R，设光在真空中的传播速度为c，求：（i）玻璃砖对该单色光的折射率；（ii）单色光在C点的反射光线在玻璃砖中传播的时间。17（9分）如图所示，矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直。线圈的长l1=0.50m，宽l2=0.40m，匝数N=20匝，线圈总电阻r=0.10。磁场的磁感强度B=0.10T。线圈绕OO轴以=50rad/s的角速度转动。线圈两端外接一个R=9.9的电阻和一块内阻不计的交流电流表。求
9、：（1）电流表的读数；（2）线圈转过一周的过程中，整个回路中产生的焦耳热；（3）由图示位置转过90的过程中，通过R的电量。18（8分）如图中实线是一列简谐横波在t10时刻的波形，虚线是这列波在t20.5 s时刻的波形，这列波的周期T符合：3Tt2t14T.问：(1)这列波可能的波速为多少？(2)若波速大小为86 m/s，波速方向如何？19（9分）如图所示的矩形玻璃砖，下底面镀银，厚为3d，一束单色光沿方向射到玻璃砖上表面，折射后经下底面反射后再经上表面射出。已知与玻璃砖上表面成30角，玻璃砖对该单色光的折射率为，光在真空中的传播速度为c。求：（1）光在玻璃砖中传播的时间；（2）光射出玻璃砖上表
10、面的出射点与入射点间的距离。参考答案1D【解析】A. 振子通过平衡位置时，加速度为零，A错误；B. 振子在最大位移处时，动能为零，B错误；C. 振子在连续两次通过同一位置时，速度可能相反；C错误；D. 振子在连续两次通过同一位置时，位移相同，D正确；故选D2C【详解】A在t1时刻，电路中的i最大，说明放电结束，所以电路中电流最大，则磁场能最大，电场能最小，则电荷量为零，电压也为零，A错误；B在t1时刻，电路中的i最大，说明放电结束，所以电路中电流最大，则磁场能最大，电场能最小，则电荷量为零，电压也为零，B错误；C在t1时刻，电路中的i最大，说明放电结束，所以电路中电流最大，则磁场能最大，电场能
11、最小，则电荷量为零，电压也为零，C正确；D在t2时刻，电路中的i最小，说明还没放电，所以电路中无电流，则磁场能最小，电场能最大，则电压也最大，D错误；故选C。3A【详解】ABD.A、B、D三点都在振动加强区，三处质点均做简谐运动，质点一会儿在波峰，一会儿在波谷,选项A正确，B、D错误；C.点C是振动减弱点，又因两波振幅相等，故C处质点一直在平衡位置不动，选项C错误4D【解析】【详解】A项：若电压表读数为36V，由U1U2=n1n2，可得则输入电压为U1=3136V=108V，是有效值，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得因此其最大值为1082V，故A错误；B项：若输入电压不变，副线圈匝数增加
12、到原来的2倍，则输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数应增加到原来的2倍，故B错误；C项：若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由I=UR输出电流减小到原来的一半，则根据P=UI可知，输出功率减小到原来的一半，因输出功率等于输入功率，故输入功率也减小到原来的一半，故C错误；D项：若保持负载电阻的阻值不变。输入电压增加到原来的3倍，输出电压增大到原来的3倍，则由P=U2R可知输出功率增加到原来的9倍，故D正确。5B【解析】【详解】根据=k，P下移副线圈的匝数n2减少，所以原副线圈的电流表k减小，若P上移n2增大，原副线圈的电流表增大，故A错误；B正确；电压与匝数成正比，所以副线圈的电压
13、U2减小，D错误；再根据，P下移副线圈的匝数n2减少，U2减小，U1与匝数无关，改变匝数U1不变，所以C、D错误。6C【解析】A、振子在振动过程中，速度相同的位置在平衡位置两边，故弹簧的长度不等，故A错误；B、振子从最低点向平衡位置运动过程中，弹力的方向与位移的方向同向，故弹力做正功，故B错误；C、振子在振动过程中的回复力由弹簧的弹力和振子的重力的合力提供，故C正确；D、振子在振动过程中，只有重力与弹力做功，所以振子与弹簧构成的系统机械能守恒，但小球的机械能不守恒，故D错误。点睛：振子在弹簧作用下做简谐运动，当重力等于弹力处就是平衡位置，而回复力是由弹力与重力的合力提供的，仅有重力和弹力做功，
14、所以系统机械能守恒。7D【解析】A、根据图像质点在时刻正向负的最大位移处运动，故选项A错误；B、根据回复力和牛顿第二定律：可知，该时刻该质点的位移为负值，故此时加速度方向为正方向，故选项B错误；C、根据回复力和牛顿第二定律：可知，质点在时刻位移为零，故该时刻加速度为零，故选项C错误；D、根据回复力和牛顿第二定律：可知，质点时刻质点处于正的最大位移处，故该时刻加速度为负方向最大值，故选项D正确8C【解析】该时刻质点A沿负向振动， 因此机械波沿x轴正向传播，A错误；由质点A的振动图像可得，质点A的振动周期为0.4s，频率为2.5Hz，机械波的频率也是2.5Hz，机械波b与a波发生稳定干涉现象，则频
15、率相同，B错误；质点A振动周期为0.4s，则经过0.4s，质点A通过的路程为4倍振幅，即40cm，C正确；发生明显衍射现象的条件是障碍物尺寸比波长小很多，D错误。考点：本题考查质点振动与机械波的传播，以及干涉衍射现象。9D【解析】从关系式中可知A=3cm，A错误；从关系式中可知=23，故周期为T=2=3s，B错误；t=0.75s时，质点的位移为x=3sin(2334+2)cm=0，在平衡位置，C错误；在t=0时刻质点的位置在x=3cm处，2s时质点的位置在x=3sin(232+2)cm=1.5cm，故前两秒内的位移为xx=4.5m，D正确10B【解析】【详解】AB. 当光由空气沿半径方向射入半
16、圆形玻璃砖时，传播方向不发生改变，但由玻璃射向空气时折射角应大于入射角，反射角和入射角相等，反射光线沿半径方向射出，所以A这种情况不可能发生，B是可能的，故A错误B正确；C. 光由空气射入半圆形玻璃砖时，折射角应小于入射角，故C错误；D. 光由空气垂直射入半圆形玻璃砖时，传播方向不发生改变，故D错误。11AD【详解】由图可知，Q从零时刻开始沿y轴正方向振动，故A错误；质点运动周期为6s，由图像易知波由P传到Q点的时间为，时间不可能为7s，故B错误；由，代入时间可得传播速度，不可能为2 m/s，故C错误；由B、C项知，则，当n=1时，故D正确故选D12BD【解析】【详解】A、电路中的变压器与电感
17、均不改变交流电的频率，由原线圈交变电压的表达式可知，交流电的周期 ，而交流电在一个周期内电流方向变化两次，所以该交流电的方向每秒钟改变100次，故A错；B、原线圈的有效电压为，理想变压器原副线圈电压比等于匝数比， 所以副线圈电压为 ，故B对；C、若将变阻器的滑片P向下滑动，副线圈的电压不变，所以L1亮度不变、L2回路中的电阻变大，所以L2将变暗，故C错；D、若将变阻器的滑片P向上滑动，滑动变阻器上的电阻变小，则副线圈上的总电阻也变小，所以 就变大，则变压器的输出功率就变大，根据功率相等，则原线圈的输入功率增大，故D对；13BC【详解】A.简谐横波沿轴正方向传播，由“上下坡法”知，质点开始振动时
18、的运动方向沿轴正方向，所以此波波源的起振方向沿轴正方向，故选项A错误；B.在时刻，质点第一次运动到负方向最大位移处，有，可得，由图知波长，所以波速为，故选项B正确；C.从传播需要的时间为，到内，质点通过的路程为，故选项C正确；D.简谐横波沿轴正方向传播，质点沿波传播方向并不迁移，故选项D错误142t0 变大 变大 【详解】1从平衡位置计时开始，第二次回到平衡位置是一次全振动，所以由图可知单摆周期是2t0；2单摆摆长为悬点到摆球球心的距离，即增大r，周期变大。3t对应的是小球的挡光时间，小球越大，挡光时间t越长。15红 0.69mA 17.2V 1490 AD 【详解】解：(1)从甲图可以看出，
19、欧姆表的内接电源上端为负，再加上电流必须从表的红接线柱流进，从黑接线柱流出，所以插孔要接红接线柱；(2)选择开关接1时，是电流表，其量程为，从图乙所指的数可以读出电流为0.69mA，选择开关接3时，是电压表，量程为，结合图乙指针可以确定此时电压为17.2V；(3)调节调零电阻使电流表满偏，此时通过电源的电流为，则调零电阻的阻值； (4) A、在测量电阻时，更换倍率后，欧姆表的内部电阻发生了变化，欧姆档的零刻度在最右边，也就是电流满偏，所以必须重新进行调零，故选项A正确B. 在测量电流时，根据电流表的原理，电流的零刻度在左边，更换量程后不需要调零，故选项B错误；C. 在测量未知电阻时，若先选择倍
20、率最大挡进行试测，当被测电阻较小时，电流有可能过大，所以应从倍率较小的挡进行测试，若指针偏角过小，再换用倍率较大的挡，故选项C错误；D、在测量未知电流时，为了电流表的安全，必须先选择电流最大量程进行试测，若指针偏角过小，在换用较小的量程进行测量，故D正确16（i），（ii）【详解】（i）设光线在C点的入射角为i，由几何关系知：得作出光路图如图所示:设折射角为r，由几何关系知,根据折射定律得：折射率（ii）由几何关系知因此在C点的反射光线刚好射到B点，由几何关系故反射光线在玻璃砖中传播的时间17（1）I=1.4A（2）Q=2.5J（3）Q=It=nR+r=nBSR+r=0.04C【解析】【详解】
21、解：(1)由Em=NBl1l2，解得：Em=20V由Im=EmR+r，解得：Im=2.0A由I=Im2，解得：I=1.4A (2)由Q=I2(R+r)T，T=2，解得：Q=2.5J (3)通过R上的电量：Q=It=nR+r=nBSR+r=0.04C18(1)向右：54m/s，向左：58m/s；(2)波向右传播【解析】【详解】(1)由图象可知：8m由3Tt2t14T知波传播距离 3x4，即n3两种情况当波向右传播时，波传播距离， 当波向左传播时，波传播距离 (2) 波传播的距离为因为，由图示波形图可知，所以波向右传播19（1）；（2）【详解】（1）根据折射定律有解得光在玻璃砖中传播的路程传播速度所以光在玻璃砖中传播的时间（2）因平面镜反射光线和入射光线关于法线对称，则光射出玻璃砖上表面的出射点与入射点间的距离
