收藏 分享(赏)

新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx

上传人:高**** 文档编号:679172 上传时间:2024-05-30 格式:DOCX 页数:15 大小:730.48KB
下载 相关 举报
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第1页
第1页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第2页
第2页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第3页
第3页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第4页
第4页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第5页
第5页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第6页
第6页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第7页
第7页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第8页
第8页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第9页
第9页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第10页
第10页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第11页
第11页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第12页
第12页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第13页
第13页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第14页
第14页 / 共15页
新教材同步高中物理必修第二册第6章专题强化圆周运动的综合分析学案.docx_第15页
第15页 / 共15页
亲,该文档总共15页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、第六章 圆周运动专题强化圆周运动的综合分析学习目标1.会分析竖直面内的圆周运动,掌握轻绳、轻杆作用下圆周运动的分析方法.2.掌握圆周运动临界问题的分析方法.一、竖直面内的圆周运动1.竖直面内圆周运动的轻绳(过山车)模型如图1所示,甲图中小球受绳拉力和重力作用,乙图中小球受轨道的弹力和重力作用,二者运动规律相同,现以甲图为例.图1(1)最低点动力学方程:FT1mgm所以FT1mgm(2)最高点动力学方程:FT2mgm所以FT2mmg(3)最高点的最小速度:由于绳不可能对球有向上的支持力,只能产生向下的拉力,由FT2mg可知,当FT20时,v2最小,最小速度为v2.讨论:当v2时,拉力或压力为零.

2、当v2时,小球受向下的拉力或压力.当v2,杆或管的外侧对球产生向下的拉力或弹力,mgFm,所以Fmmg,F随v 增大而增大;v,球在最高点只受重力,不受杆或管的作用力,F0,mgm;0v,杆或管的内侧对球产生向上的弹力,mgFm,所以Fmgm,F随v的增大而减小.如图4,长为0.5 m的轻杆OA绕O点在竖直面内做圆周运动,A端连着一个质量m2 kg的小球(半径不计).求在下述的两种情况下,通过最高点时小球对杆的作用力的大小和方向(g取10 m/s2,取210):图4(1)杆做匀速圆周运动的转速为2 r/s;(2)杆做匀速圆周运动的转速为0.5 r/s.答案(1)140 N方向竖直向上(2)10

3、 N方向竖直向下解析假设小球在最高点受到轻杆的作用力竖直向下,则小球受力如图所示:(1)杆的转速为2 r/s时,2n4 rad/s,由牛顿第二定律得FmgmL2,故小球所受杆的作用力FmL2mg2(0.542210) N140 N,即杆对小球有140 N的拉力,由牛顿第三定律可知,小球对杆的拉力大小为140 N,方向竖直向上.(2)杆的转速为0.5 r/s时,2n rad/s,同理可得小球所受杆的作用力FmL2mg2(0.5210) N10 N.力F为负值表示它的方向与受力分析中假设的方向相反,即杆对小球有10 N的支持力,由牛顿第三定律可知,小球对杆的压力大小为10 N,方向竖直向下.二、圆

4、周运动的临界问题物体做圆周运动时,若物体的线速度大小、角速度发生变化,会引起某些力(如拉力、支持力、摩擦力)发生变化,进而出现某些物理量或运动状态的突变,即出现临界状态,分析圆周运动临界问题的方法是让角速度或线速度从小逐渐增大,分析各量的变化,找出临界状态.通常碰到较多的是涉及如下三种力的作用:(1)与绳的弹力有关的临界条件:绳弹力恰好为0.(2)与支持面弹力有关的临界条件:支持力恰好为0.(3)因静摩擦力而产生的临界问题:静摩擦力达到最大值.如图5所示,用一根长为l1 m的细线,一端系一质量为m1 kg的小球(可视为质点),另一端固定在一光滑锥体顶端,锥面与竖直方向的夹角37,当小球在水平面

5、内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为时,细线的张力为FT.(g取10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8,结果可用根式表示)图5(1)若要小球离开锥面,则小球的角速度0至少为多大?(2)若细线与竖直方向的夹角为60,则小球的角速度为多大?答案(1) rad/s(2)2 rad/s解析(1)若要小球刚好离开锥面,则小球只受到重力和细线的拉力,受力分析如图所示.小球做匀速圆周运动的轨迹圆在水平面上,故向心力水平,在水平方向运用牛顿第二定律及向心力公式得mgtan m02lsin 解得0 rad/s(2)同理,当细线与竖直方向成60角时,小球已离开锥面,由牛顿第二定律及向心力公式得mg

6、tan m2lsin 解得2 rad/s(2019郑州市高一下学期期末)如图6甲所示,水平转盘上放有质量为m的物块,物块到转轴的距离为r,物块和转盘间的动摩擦因数为,设物块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,已知重力加速度为g.图6(1)当水平转盘以角速度1匀速转动时,物块与转盘刚好能相对静止,求1的值;(2)如图乙,将物块和转轴用细绳相连,当转盘的角速度2时,求细绳的拉力FT2的大小;(3)将物块和转轴用细绳相连,当转盘的角速度3时,求细绳的拉力FT3的大小.答案(1)(2)0(3)mg解析(1)当水平转盘以角速度1匀速转动时,物块与转盘刚好能相对静止,则此时物块所需向心力恰好完全由最大静摩擦

7、力提供,则mgmr12解得:1(2)由于21,物块受到的最大静摩擦力不足以提供所需的向心力,此时绳对物块有拉力,则mgFT3m32r,可得此时绳子对物块拉力的大小为FT3mg.1.(轻绳模型)杂技演员表演“水流星”,在长为1.6 m的细绳的一端,系一个与水的总质量为m0.5 kg的大小不计的盛水容器,以绳的另一端为圆心,在竖直平面内做圆周运动,如图7所示,若“水流星”通过最高点时的速率为4 m/s,则下列说法正确的是(g取10 m/s2)()图7A.“水流星”通过最高点时,有水从容器中流出B.“水流星”通过最高点时,绳的张力及容器底部受到的压力均为零C.“水流星”通过最高点时,处于完全失重状态

8、,不受力的作用D.“水流星”通过最高点时,绳子的拉力大小为5 N答案B解析“水流星”在最高点的临界速度v4 m/s,由此知绳的拉力恰好为零,且水恰好不流出,故选B.2.(过山车模型)(多选)如图8所示,质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环内侧做圆周运动.圆环半径为R,小球半径不计,小球经过圆环内侧最高点时刚好不脱离圆环,则其通过最高点时下列表述正确的是()图8A.小球对圆环的压力大小等于mgB.重力mg充当小球做圆周运动所需的向心力C.小球的线速度大小等于D.小球的向心加速度大小等于g答案BCD解析因为小球经过圆环内侧最高点时刚好不脱离圆环,故在最高点时小球对圆环的压力为零,选项A错误;此时小

9、球只受重力作用,即重力mg充当小球做圆周运动所需的向心力,则有mgmma,即v,ag,选项B、C、D正确.3.(轻杆模型)如图9所示,质量为m的小球固定在杆的一端,在竖直面内绕杆的另一端O做圆周运动.当小球运动到最高点时,瞬时速度大小为v,L是球心到O点的距离,则球对杆的作用力是()图9A.mg的拉力 B.mg的压力C.零 D.mg的压力答案B解析当重力完全充当向心力时,球对杆的作用力为零,所以mgm,解得:v,而,则小球对管内上壁有压力C.若0 v0,b绳将出现弹力D.若b绳突然被剪断,则a绳的弹力一定发生变化答案AC解析对小球受力分析可得a绳的弹力在竖直方向的分力平衡了小球的重力,解得FT

10、a,为定值,A正确,B错误.当FTacos m2l,即时,b绳的弹力为零,若角速度大于该值,则b绳将出现弹力,C正确.由于b绳可能没有弹力,故b绳突然被剪断,a绳的弹力可能不变,D错误.7.(多选)如图6所示,两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平圆盘上,a与转轴OO的距离为l,b与转轴的距离为2l,木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍,重力加速度大小为g.若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动,用表示圆盘转动的角速度,下列说法正确的是()图6A.b一定比a先开始滑动B.a、b所受的摩擦力始终相等C.是b开始滑动的临界角速度D.当时,a所受摩擦力的大小为kmg答案AC解析小木

11、块a、b做匀速圆周运动时,由静摩擦力提供向心力,即Ffm2R.当角速度增大时,静摩擦力增大,当增大到最大静摩擦力时,发生相对滑动,对木块a:Ffama2 l,当Ffakmg时,kmgma2l,可得a;对木块b:Ffbmb22l,当Ffbkmg时,kmgmb22l,可得b,所以b先达到最大静摩擦力,即b先开始滑动,选项A正确;两木块滑动前转动的角速度相同,则Ffam2l,Ffbm22l,FfaFfb,选项B错误;当时b刚要开始滑动,选项C正确;a时,a没有滑动,则Ffam2lkmg,选项D错误.8.(2019六安一中期中考试)如图7所示,在水平圆盘上,沿半径方向放置用平直细线相连的质量相等的两物

12、体A和B,它们与圆盘间的动摩擦因数相同,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,当圆盘转速增大到两物体刚要发生滑动时烧断细线,则两个物体将要发生的运动情况是()图7A.两物体仍随圆盘一起转动,不会发生滑动B.只有A仍随圆盘一起转动,不会发生滑动C.两物体均沿半径方向滑动,A靠近圆心、B远离圆心D.两物体均沿半径方向滑动,A、B都远离圆心答案B解析当两物体刚要滑动时,A、B所受静摩擦力都是最大静摩擦力Ffm.对A有FfmFTm2rA,对B有FfmFTm2rB,烧断细线的瞬间,FT消失,A的向心力由圆盘的静摩擦力提供,且Ffm2rAh,小球可随转动轴转动,并在光滑水平面上做匀速圆周运动,如图8所示,要使小球

13、不离开水平面,转动轴的转速的最大值是(重力加速度为g)()图8A. B.C. D.2答案A解析如图所示,设细绳与转动轴夹角为,以小球为研究对象,小球受三个力的作用;重力mg、水平面支持力FN、细绳拉力F,在竖直方向合力为零,则有Fcos FNmg,在水平方向上由牛顿第二定律有Fsin m(2n)2Rm(2n)2htan ,则n,当小球即将离开水平面时FN0,F有最大值,转速n有最大值,则有nmax,故A正确,B、C、D错误.10.(多选)如图9甲所示,轻杆一端固定在O点,另一端固定一小球(大小不计),现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动.小球运动到最高点时,杆与小球间弹力大小为F,小球在最

14、高点的速度大小为v,其Fv2图像如图乙所示.则()图9A.小球的质量为B.当地的重力加速度大小为C.v2c时,小球对杆的弹力方向向上D.v22b时,小球受到的弹力与重力大小相等答案ACD解析当小球受到的弹力方向向下时,有Fmg,解得Fv2mg;当弹力方向向上时,有mgFm,解得Fmgm.对比Fv2图像可知,amg,当v2b时,F0,可得bgR,则g,m,A正确,B错误;v2c时,小球受到的弹力方向向下,则小球对杆的弹力方向向上,C正确;v22b时,小球受到的弹力与重力大小相等,D正确.二、非选择题11.如图10所示,半径为R、内径很小的光滑半圆管竖直放置,两个质量均为m的小球A、B从水平地面上

15、以不同速率进入管内,A通过最高点C时,对管壁上部的压力为3mg,B通过最高点C时,对管壁下部的压力为0.75mg.g为重力加速度,忽略空气阻力,求A、B两球落地点间的距离.图10答案3R解析两个小球在最高点时,受重力和管壁的作用力,这两个力的合力提供向心力,离开轨道后两球均做平抛运动,A、B两球落地点间的距离等于它们平抛运动的水平位移之差.对A球由牛顿第二定律得3mgmgm解得A球通过最高点C时的速度大小为vA2对B球由牛顿第二定律得mg0.75mgm解得B球通过最高点C时的速度大小为vBA、B球做平抛运动的时间相同,由2Rgt2可得t2两球做平抛运动的水平分位移分别为xAvAt4RxBvBt

16、RA、B两球落地点间的距离xxAxB3R.12.如图11所示,水平转盘的中心有一个光滑的竖直小圆孔,质量为m的物体A放在转盘上,物体A到圆孔的距离为r,物体A通过轻绳与物体B相连,物体B的质量也为m.若物体A与转盘间的动摩擦因数为(1),则转盘转动的角速度在什么范围内,才能使物体A随转盘转动而不滑动?(已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g)图11答案解析当A将要沿转盘背离圆心滑动时,A所受的摩擦力为最大静摩擦力,方向指向圆心,此时A做圆周运动所需的向心力为绳的拉力与最大静摩擦力的合力,即FFfmaxmr12由于B静止,故有Fmg又FfmaxFNmg由式可得1当A将要沿转盘向圆心滑动时

17、,A所受的摩擦力为最大静摩擦力,方向背离圆心,此时A做圆周运动所需的向心力为FFfmaxmr22由式可得2故要使A随转盘一起转动而不滑动,其角速度的范围为21,即.13.(拓展提升)如图12所示,质量为1 kg、大小不计的小球P用两根长度相等、不可伸长的细绳系于竖直杆上,随杆在水平面内做匀速圆周运动.AB的距离等于绳长为1 m.(重力加速度g10 m/s2)图12(1)当14 rad/s时,细绳AP和BP的拉力分别为多少?(2)当25 rad/s时,细绳AP和BP的拉力分别为多少?答案(1)016 N(2)2.5 N22.5 N解析设AP刚伸直时小球做圆周运动的角速度为0此时BP与竖直方向夹角为60,AP拉力为0球受力如图甲所示,FT1sin 60m02Lsin 60FT1cos 60mg联立解得:02 rad/s(1)当14 rad/s0时,AP上拉力为0,设BP拉力为FT2,其与竖直方向夹角为,受力分析如图乙,FT2sin m12Lsin 解得FT216 N(2)当25 rad/s0时,AP、BP上都有拉力,设分别为FT3、FT4,受力分析(如图丙)FT4cos 30FT3cos 30m22Lsin 60FT4sin 30FT3sin 30mg联立解得FT32.5 N,FT422.5 N.

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3