1、高考资源网（） 您身边的高考专家海区20192020学年度第一学期四校联考试卷高一物理试卷本试卷分为第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，第卷第1页至第3页，第卷第4页至第6页。试卷满分100分。考试时间60分钟。第卷一、选择题（共10题；每题3分，共30分,其中每题的四个选项中，有1个正确答案）1.在研究物体的运动时，力学中引入“质点”的概念，从科学方法上来说属于()A. 极限分析物理问题的方法B. 观察实验的方法C. 建立理想物理模型方法D. 等效替代的方法【答案】C【解析】“质点”是为了研究问题简单方便而引入的理想化的物理模型，所以它们从科学方法上来说属于建立理想物理模型的方法，故C正
2、确，ABD错误故选C.2.下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A. 位移、时间、速度、加速度B. 质量、路程、速度、平均速度C. 速度、平均速度、位移、加速度D. 位移、路程、时间、加速度【答案】C【解析】【详解】时间只有大小，没有方向，是标量。位移、速度、加速度是矢量，既有大小，又有方向，故A错误；质量、路程是没有方向的标量，速度、平均速度是矢量，既有大小，又有方向，故B错误；速度、平均速度、位移、加速度都是既有大小，又有方向的矢量，故C正确；路程、时间是标量，位移、加速度都是矢量，故D错误。所以C正确，ABD错误。3.年月日，渝贵高铁正式开通运营，自此，怀化高铁可直达成都、重庆、遵义、怀化
3、南到重庆西，最快仅需小时分，到成都东仅需小时分，到遵义仅需小时分相关列车车票已于月日时开始发售这里的“小时分”和“月日时”分别指（）A. 时刻时间B. 时间时间C. 时刻时刻D. 时间时刻【答案】D【解析】【详解】时间间隔表示一段时间，时刻表示一个时间点，小时分是一段时间，是时间间隔，月日时是一个时间点，是时刻，故答案选D。4.下列说法正确的是（）A. 出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的位移大小进行计费的B. 枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小C. 无风的房间中将一根柔软的羽毛由静止释放，羽毛将做自由落体运动D. 运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度也为
4、零【答案】B【解析】【详解】A位移表示始末两点间的直线距离，实际生活使用的是路程，故A错误；B枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是由于加速时间短，速度还很小，故B正确；C柔软的羽毛在下落过程中受空气阻力影响比较大，加速度小于g，不做自由落体运动，故C错误；D运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度可以不为零，例如竖直上抛，达到最高点速度为零，但加速度一直有且不为零，故D错误。5.一个石块由高出地面上方H处做自由落体运动，当它的速度大小等于落地速度的一半时，距离地面的高度为()A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：自由落体运动是初速度0的匀加速直线运动，设末速
5、度为v，则有距地面高度，速度等于时，距离地面的高度则有，整理得选项C对。考点：自由落体运动6.在下列所示的三种情况中，物块的质量均为M，不计一切摩擦和弹簧测力计的重力，则三个弹簧测力计的示数T1、T2、T3的关系是A. T1 = T2 = T3B. T1 = T3 T2C. T1 T2 T3D. T1 = T2 T3【答案】A【解析】试题分析：三幅图中分别对物体分析，物体受重力和绳子的拉力，绳子的拉力等于弹簧的拉力，所以弹簧秤的示数都等于物体的重力，故T1=T2=T3=G，故BCD错误；故选A。考点：胡克定律；物体的平衡【名师点睛】解决本题的关键知道弹簧秤的示数等于弹簧的拉力，会通过共点力平衡
6、求解力。7.飞船返回地面时，为保护返回舱内仪器不受损坏，在靠近地面附近时，返回舱会自动放出降落伞减速，苈返回舱离地面4km时，速度方向已竖直向下，大小为200m/s此时返回舱将降落伞打开，设打开降落伞后返回舱做匀减速运动，要使返回舱以最安全最理想的方式着陆，则打开降落伞后飞船运动的加速度应为（ ）A. 2.5m/s2B. 5m/s2C. 10m/s2D. 15m/s2【答案】B【解析】设下落时初速度为v0，高度为h，根据位移速度公式：0-v02=2ah，解得a=5m/s2故选B8.蹦床运动员在一张绷紧的弹性网上从高处落下，以大小为8m/s的竖直向下速度着网，与网作用后，沿着竖直方向以大小为6m
7、/s的速度弹回，已知运动员与网接触的时间t=1.2s，那么运动员在与网接触的这段时间内平均加速度的大小是（ ）A. 1.67m/s2B. 6.67m/s2C. 8.5m/s2D. 11.7m/s2【答案】D【解析】【详解】规定向下为正方向,v1方向与正方向相同，v2方向与正方向相反，根据加速度定义式得,负号代表与正方向相反，即加速度方向向上，故D正确，ABC错误.9.2015年6月30日，厦门到武夷山高铁正式开通，3个小时可从厦门直接到武夷山。假设列车在某段距离中做匀加速直线运动，速度由5 m/s增加到10 m/s时位移为x.则当速度由10 m/s增加到15 m/s时，它的位移是()A. xB
8、. xC. 2xD. 3x【答案】B【解析】列车做匀加速直线运动，根据速度位移公式：，带入数据可得：102-52=2ax，152-102=2ax，联立可得：，故B正确，ACD错误。10.下列关于重力的说法中，正确的是（ ）A. 自由下落的石块速度越来越大，说明石块所受的重力越来越大B. 舞蹈演员在做各种优美动作时，其重心位置不变C. 物体的重心不一定在物体上D. 用弹簧测力计竖直称量悬挂在其下面物体，物体静止时，物体对弹簧测力计的拉力就是物体的重力【答案】C【解析】A、重力，重力的大小和下落的高度无关，故A错；B、舞蹈演员在做各种优美动作时，重心会随着身体的跳跃而发生变化，故B错；C、物体的重
9、心不一定在物体上，例如空心的圆环，故C正确；D、用弹簧测力计竖直称量悬挂在其下面的物体，物体静止时，物体对弹簧测力计的拉力在数值上等于物体的重力，但不能说拉力就是重力，它们是不同性质的力，故D错；综上所述本题答案是：C二、选择题（共5题；每题4分，共20分,）11.一空间探测器从某一星球表面垂直升空，探测器升空过程中发动机突然关闭，其运动的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A. 09s内探测器向下运动B. 925s内探测器的加速度与2545s内的加速度相同C. 探测器在25s末回到星球表面D. 探测器上升的最大高度为【答案】BD【解析】【分析】由题中“探测器升空过程中发动机突然关闭”可知，本
10、题考查从v-t图中判断物体的运动情况，根据v-t图像的规律可以分析本题。【详解】A由图像可知，09s速度越来越大，探测器是向上加速运动，故A错误；B925s内与2545s内的图像斜率相同，因此加速度相同，故B正确；C在025s内物体的速度一直向上，25s末对应的是探测器上升的最大高度，故C错误；D根据v-t图中，图像面积表示位移可计算，最大高度为800m，故D正确。12.探究弹力和弹簧伸长的关系时，作出弹力F 与弹簧总长度L的关系图线如图所示。则：A. 该弹簧的原长为10mB. 该弹簧的劲度系数为C. 在该弹簧下端悬挂1.0N的重物时，弹簧的长度为18cmD. 在该弹簧下端悬挂2.0N的重物时
11、，弹簧的形变量为8cm【答案】D【解析】由图可知，当F=0时，弹簧的长度为10cm，故弹簧的原长，故A错误；图象的斜率等于弹簧的劲度系数，故，故B错误；当在该弹簧下端悬挂1.0N的重物时，弹簧的伸长量为，故此时弹簧的长度为，故C错误；当在该弹簧下端悬挂2.0N的重物时，弹簧的伸长量为，故D正确；选D.13.关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（ ）A. 加速度大，则速度也大B. 速度变化量越大，加速度也越大C. 物体的速度变化越快，则加速度越大D. 速度变化率越大则加速度越大【答案】CD【解析】【详解】A加速度大，速度变化较快，速度不一定大，故A项错误。B据知，速度变化量大，加速度不一定大
12、，故B项错误。CD加速度是描述速度变化快慢的物理量，物体的速度变化快，就是速度变化率大，就是加速度大，故CD两项正确。14.玩具汽车停在模型桥面上，如图所示，下列说法正确的是（）A. 桥面受向下的弹力，是因为汽车发生了形变B. 汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力C. 汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变D. 汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了形变【答案】AC【解析】【详解】AB、模型桥受到向下的弹力，是因为汽车发生了形变，汽车受到的弹力来自于拱桥的形变，故A正确，B错误。CD、汽车受到向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变（弹性形变指物体形变之后撤去外力能完全恢复原来形状的形变），故C正确
13、，D错误。15.物体甲的x-t图象和物体乙的v-t图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（ ）A. 甲在t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B. 甲在t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC. 乙在t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D. 乙在t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【答案】BC【解析】【详解】AB. 甲为位移时间图像，在t=6s时间内一直朝正方向做匀速直线运动，它通过的总位移为2-(-2)=4m,故A错误，B正确；CD.乙在0-3s内朝负方向做减速运动，在3-6s内朝正方向做加速运动，图像 所包围的面积表示运动走过的位移
14、即总位移为零，故C正确，D错误；第卷三、选择题（共8题；每空2分，共16分,）16.如图为“测定匀变速直线运动加速度”的实验装置： （1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有_（填选项代号）A.电压合适的交流电源B.电压可调的直流电源C.刻度尺D.秒表（2）实验过程中，下列做法正确的是_A.先释放小车，再接通电源B.先接通电源，再释放小车C.将接好纸带的小车停在靠近长木板滑轮处D.将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处【答案】 (1). AC (2). BD【解析】【分析】由题中“如图为“测定匀变速直线运动加速度
15、”的实验装置”可知，本题考查测定匀变速直线运动的加速度实验，根据加速度公式和实验要求可分析本题。【详解】（1）1打点计时器所用电压为交流电，故需要选A，处理纸带数据需要测量长度，因此还需要刻度尺，故还需选C（2）2打点计时器使用步骤是，先通电再释放，接好纸带的小车停靠在打点计时器处，故选BD。17.现在的航空母舰上都有帮助飞机起飞的弹射系统，已知“”型战斗机在跑道上加速时产生的加速度为，起飞速度为若该飞机滑行时起飞，则弹射系统必须使飞机具有的初速度为：_【答案】40m/s【解析】【分析】由题中“现在的航空母舰上都有帮助飞机起飞的弹射系统”可知，本题考查速度与位移的关系，根据速度与位移公式可计算
16、本题。【详解】1根据公式可得18.如图所示是研究匀变速直线运动的实验中的得到的一条纸带，交流电的频率是，舍去前面比较密集的点，从点开始将每个点取做个计数点，量得，那么：（1）图中纸带_（填左或右）端与小车相连；（2）相邻计数点间的时间间隔为_；（3）小车的加速度_，第点的瞬时速度大小_【答案】 (1). 左 (2). 0.1 (3). 1.4 (4). 0.33【解析】【分析】由题中“如图所示是研究匀变速直线运动的实验中的得到的一条纸带”可知，本题考查打点计时器纸带数据处理，根据打点计时器的原理和数据处理可解答本题。【详解】（1）1小车的运动情况是速度越来越快，因此一开始打点打的很密集，故应该
17、是左端与小车相连；（2）2因为频率是50Hz，打每个点的时间是0.02s, 将每个点取做个计数点,因此相邻两点之间的时间间隔为0.1s；（3）3根据公式即可得4由某点的瞬时速度公式得19.在研究弹簧的实验中，质量为的物块和质量为的物块通过劲度系数为的轻质弹簧相连接并静止于水平地面上，现用竖直向上的力移动物块，使其缓慢上升，当上升到一定距离时，巧好离开地面，此时移动的长度_（重力加速度为）情景图如图所示【答案】【解析】【分析】由题中“质量为的物块和质量为的物块通过劲度系数为的轻质弹簧相连接并静止于水平地面上”可知，本题考查胡克定律，根据对物体进行受力分析，利用胡克定律可解答本题。【详解】1当物块
18、放在弹簧上保持静止时，由公式可得当巧好离开地面时，可得因此物块的移动距离为解得四、计算20.离地高的高空自由下落一个小球，取，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始下落时刻起，在第内的位移【答案】（1）10s（2）15m；【解析】【分析】由题中“离地高的高空自由下落一个小球”可知，本题考查自由落体运动，根据自由落体公式可解答。【详解】（1）根据自由落体公式可得（2）第2s位移等于前2s位移减去第1s位移，前2s内位移为第1s内的位移为因此解得21.飞机着陆后以6m/s2大小的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s，求：（1）它着陆后12s内滑行的位移s（2）静止前4s内飞机滑行的
19、位移s、【答案】（1）300m（2）48m【解析】【详解】（1）以初速度方向为正方向，则有a=-16m/s2飞机在地面滑行最长时间所以飞机12s内滑行的位移为10s内滑行的位移，由v2-v02=2as可得s（2）由（1）分析可知飞机滑行6s为静止前4s，此时的速度v.=v0+at=60m/s+（-66）m/s=24m/s 故由v2-v.2=2as.可得s.22.2018年1月中旬，济宁全市出现严重的雾霾天气。在一通往济宁的平直公路上，因雾霾能见度(观察者与能看见的最远目标间的距离)只有x=50m，甲车由于故障停在路中央，乙车在雾霾中向甲车所在方向匀速行驶，速度为=20m/s，乙车司机的反应时间
20、为=0.5s，为保证两车不相撞，乙车刹车的加速度a大小至少是多大?【答案】a=5m/s【解析】在乙车司机反应时间内，乙车行驶的距离x1=v0t0带入数据可知x1=10m乙车减速时间内的位移x2=x-x1带入数据x2=40m由运动公式0-v02=-2ax2解得a=5m/s223.浙江宁波慈溪方特欢乐世界的“跳楼机”游戏，以惊险刺激深受年轻人的欢迎，它的基本原理是将巨型娱乐器械由升降机送到离地面的高处，然后让座舱自由落下落到离地面高时，制动系统开始启动，使座舱均匀减速，到达地面时刚好停下（取）试求：（1）此过程中的最大速度是多少？（2）当座舱落到离地面的位置时，座舱的速度为多大（3）当座舱落到离地时，所需时间为多少【答案】（1）40m/s（2）40m/s（3）5s【解析】【分析】由题中“然后让座舱自由落下”可知，本题考查自由落体和匀减速直线运动，根据自由落体运动公式和匀变速公式可解答本题。【详解】（1）由题意可知，前80m座舱做自由落体，速度一直增大，因此根据公式，解得（2）当座舱落到离地面20m的位置时，座舱刚好做完自由落体运动，此时速度即为最大速度，即40m/s；（3）对全程分析可知，前80m自由落体，后20m匀减速到零，全程的平均速度为根据公式可得- 14 - 版权所有高考资源网
