1、河北省冀州中学2021届高三数学上学期第二次月考试题(含解析)考试时间:115分钟 考试分数:150分一单项选择题:本题共8小题.每小题5分.共40分在每小题给出的四个选项中.只有一项是符合题目要求的1. 已知集合.集合.则( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】分别求解集合,再求.【详解】,.故选:B2. 设是可导函数,且,则( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由导数的定义计算【详解】,故选:C【点睛】本题考查导数定义,注意定义中,分子分母都是的增量,两者一样根据极限的性质,(是常数且)3. 函数在处的切线斜率为( )A. 1B. C. D. 【答案】B【
2、解析】【分析】先对函数求导,然后代入切点的横坐标,即可求得本题答案.详解】由,得,所以切线斜率.故选:B【点睛】本题主要考查在曲线上一点的切线斜率,属基础题.4. 定义在上的函数满足,且时,则( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由题意知, 是奇函数且周期为4,从而可得,即可进行求解.【详解】解: 在 上恒成立, 为奇函数 的周期为4 即 故选:A.【点睛】本题考查了函数的奇偶性,考查了函数的周期性,考查了对数的运算性质.本题的难点在于根据奇偶性和周期性将所求自变量的值,转化为.一般地,若已知 ,则周期;若已知,则;若已知,则说明函数的对称轴为.5. 若,均为锐角,则()A.
3、 B. C. 或D. 【答案】B【解析】【分析】首先判断的范围,再表示为,利用两角差的余弦公式求解.【详解】因为,均为锐角,若是锐角,那么,则,这与已知矛盾,所以是钝角,则 , .故选:B【点睛】本题考查已知三角函数求值,重点考查角的转化,属于基础题型,本题的易错点是忽略判断的范围,而造成增根情况.6. 数列中.若.则( )A. -1B. C. D. 1【答案】B【解析】【分析】首先判断数列的周期,再求.【详解】,数列是周期的数列,.故选:B7. 若实数,满足,则,的大小关系是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】令,再利用对数函数与指数函数的图象,可得答案.【详解】令,则,
4、因为,由的图象可得:,所以;因为与互为反函数,图象关于对称,因为,所以,综上所述:.故选:C.【点睛】本题考查利用函数的图象研究数的大小,考查数形结合思想、转化与化归思想,考查运算求解能力,求解时注意借助函数的图象进行研究.8. 知函数(,)满足,其图象与直线的某两个交点横坐标为,且的最小值为现给出了以下结论且 在上单调递减且在上单调递增且 是的对称中心则以上正确的结论编号为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据正弦型函数的周期公式、奇偶性、单调性、对称性逐一判断即可.【详解】根据及条件的最小值为,可知函数的最大值为2,的最小正周期为,因为,所以,因为,所以函数是偶函数,
5、而,所以于是序号正确,进而知;对于序号:,于是序号错误;对于序号,当且仅当取时,解得,即为的单调增区间,显然,又,故序号正确;对于序号,令,解得,即为函数的对称中心,显然是的其中一个对称中心,故序号正确,综上知正确的序号为故选:C【点睛】本题以三角函数函数为载体,主要考查三角函数图象及性质概念理解,同时考查了逻辑推理、直观想象转化能力,试题体现了理性思维、由具体到抽象转化,追寻知识背后的延伸结论,这是解题的基本功展现,试题难度:中二多选题:本题共4小题.每小题5分;共20分在每个小题给出的选项中.有多项符合题目要求.全部选对的得5分.部分选对的得3分.有选错的得0分9. 在中,D在线段上,且若
6、,则( )A. B. 的面积为8C. 的周长为D. 为钝角三角形【答案】BCD【解析】【分析】由同角的三角函数关系即可判断选项A;设,则,在中,利用余弦定理求得,即可求得,进而求得,即可判断选项B;在中,利用余弦定理求得,进而判断选项C;由为最大边,利用余弦定理求得,即可判断选项D.【详解】因为,所以,故A错误;设,则,在中,解得,所以,所以,故B正确;因为,所以,在中,解得,所以,故C正确;因为为最大边,所以,即为钝角,所以为钝角三角形,故D正确.故选:BCD【点睛】本题考查利用余弦定理解三角形,考查三角形面积的公式的应用,考查判断三角形的形状.10. 高斯是德国著名的数学家,近代数学奠基者
7、之一,享有“数学王子”的称号,他和阿基米德、牛顿并列为世界三大数学家,用其名字命名的“高斯函数”为:设,用表示不超过的最大整数,则称为高斯函数,例如:,.已知函数,则关于函数的叙述中正确的是( )A. 是偶函数B. 是奇函数C. 在上是增函数D. 的值域是【答案】BC【解析】【分析】由判断A;由奇函数定义证明B;把的解析式变形,由的单调性结合复合函数的单调性判断C正确;求出的范围,进一步求得的值域判断D【详解】,则不是偶函数,故A错误;的定义域为,为奇函数,故B正确;,又在上单调递增,在上增函数,故C正确;,则,可得,即,故D错误故选:BC【点睛】关键点点睛:本题是一道以数学文化为背景,判断函
8、数性质的习题,属于中档题型,本题的关键是理解函数,然后才会对函数变形,并作出判断.11. 已知数列的前项和为,且,(,为非零常数),则下列结论正确的是( )A. 是等比数列B. 当时,C. 当时,D. 【答案】ABC【解析】【分析】由和等比数列的定义,判断出A正确;利用等比数列的求和公式判断B正确;利用等比数列的通项公式计算得出C正确,D不正确【详解】由,得.时,相减可得,又,数列为首项为,公比为的等比数列,故A正确;由A可得时,故B正确;由A可得等价为,可得,故C正确;,则,即D不正确;故选:ABC.【点睛】方法点睛:由数列前项和求通项公式时,一般根据求解,考查学生的计算能力.12. 已知直
9、线分别与函数和的图象交于点,则下列结论正确的是( )A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】【分析】根据互为反函数的性质可得的中点坐标为,从而可判断A;利用基本不等式可判断B、D;利用零点存在性定理以及对数的运算性质可判断C.【详解】函数与互为反函数,则与的图象关于对称,将与联立,则,由直线分别与函数和的图象交于点,作出函数图像:则的中点坐标为,对于A,由,解得,故A正确;对于B,因为,即等号不成立,所以,故B正确;对于C,将与联立可得,即,设,且函数为单调递增函数,故函数的零点在上,即,由,则,故C正确;对于D,由,解得,由于,则,故D错误;故选:ABC【点睛】本题考查了互为反函数的性
10、质、基本不等式的应用、零点存在性定理以及对数的运算性质,考查了数形结合的思想,属于难题.三填空题:本题共4小题.每小题5分.共20分13. 已知集合,则 _【答案】【解析】【分析】利用交集的定义和对数函数的性质求解【详解】解:集合,故答案为:【点睛】本题考查交集的求法,是基础题,解题时要注意对数函数的性质的合理运用14. 已知中的内角为,重心为,若,则_.【答案】【解析】【详解】试题分析:设为角所对的边,由正弦定理得 ,则即,又因为不共线,则, ,即所以,.考点:向量及解三角形.15. 若函数,的图象与直线恰有两个不同交点,则的取值范围是_.【答案】【解析】【分析】根据题意,画出的图象,数形结
11、合,即可求得参数的取值范围.【详解】因为,所以,所以,所以,且,作出函数的图象, 如图:由题意结合函数图象可知.故答案为:.【点睛】本题考查利用数形结合由图象交点个数求参数范围,涉及正弦型函数图象的绘制,属综合基础题.16. 各项均为正数的等比数列的前n项和为,则使成立的n的最小值为_.【答案】8【解析】【分析】由条件解出,然后求出,然后解出不等式即可【详解】设等比数列的公比为因为,所以解得或(舍)所以所以由可得,所以使成立的n的最小值为8故答案为:8【点睛】本题考查的是等比数列基本量的计算,较简单.四解答题:本题共6小题.共70分.解答应写出文字说明.证明过程或演算步骤17. 已知等差数列的
12、公差它的前项和为,若且成等比数列(1)求数列通项公式;(2)设数列的前项和为,求证:.【答案】(1);(2)见解析.【解析】【分析】(1)等差数列的通项公式ana1(n1)d和前n项和公式Snna1中,共涉及五个量a1,an,d,n,Sn,这五个量中知其中三个就能求另外两个,解题中要注意方程思想的运用(2)利用,通过裂项相消法即可【详解】(1)由题意得解得(2)考点:数列通项及求和的简单应用18. 已知函数.(1)若的最小值是2,求a;(2)把函数图像向右平移个单位长度,得到函数图像,若时,求使成立的x的取值集合.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)化简,求出最小值,即可求解;(2)根
13、据平移关系求出,再解关于三角不等式,即可求解.【详解】(1),(2) 由知,解得, 满足的x取值的集合为.【点睛】本题考查三角函数的化简、性质;考查三角函数的平移关系以及解三角不等式,属于中档题.19. 已知中,角的对边分别为(1)若依次成等差数列,且公差为2,求的值;(2)若的外接圆面积为,求周长的最大值【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由成等差数列,且公差为,可得,利用余弦定理可构造关于的方程,解方程求得结果;(2)设,利用外接圆面积为,求得外接圆的半径根据正弦定理,利用表示出三边,将周长表示为关于的函数,利用三角函数的值域求解方法求得最大值.【详解】(1)依次成等差数列,且公
14、差为 ,由余弦定理得:整理得:,解得:或又,则(2)设,外接圆的半径为,则,解得:由正弦定理可得:可得:,的周长又 当,即:时,取得最大值【点睛】本题考查了正弦定理、余弦定理解三角形、三角形周长最值的求解.求解周长的最值的关键是能够将周长构造为关于角的函数,从而利用三角函数的知识来进行求解.考查了推理能力与计算能力,属于中档题20. 如图,在平面四边形,已知,.(1)若平分,且,求的长;(2)若,求的长.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由平分,得出,进而得出,再由余弦定理,即可得出的长;(2)根据三角恒等变换的公式,求得,再由正弦定理得出的长.【详解】(1)若平分,则由余弦定理得解得
15、或(舍)(2)又在中,由正弦定理可得即【点睛】本题主要考查了正弦定理以及余弦定理的应用,属于中档题.21. 已知数列中,.(1)证明数列是等比数列并求数列的通项公式;(2)若数列的通项公式,数列满足,记数列的前项和为.若不等式对任意恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)推导出,由此能证明数列是以3为公比,以为首项的等比数列,从而的通项,由此能求出的通项公式(2)由(1)可得,利用错位相减法求和,再对分奇、偶两种情况分别求出参数的取值范围;【详解】解:(1)因为,所以.所以,且.所以数列是以为首项,3为公比的等比数列.因此,从而.(2)由(1)得,所以
16、,由-得,所以.因为不等式对任意恒成立,所以当为偶数时,因为,所以;当为奇数时,因为,所以;综上:实数的取值范围是.【点睛】本题考查待定系数法求数列的通项公式以及错位相减法求和,属于中档题.22. 已知函数.()当时,求在上的最值;()若对一切,不等式恒成立,求实数a的取值范围.【答案】()最大值1,最小值;().【解析】【分析】()当时, 求得函数的导数,得到函数的单调性和最值,即可求解;()由不等式的恒成立转化为求解函数的的最值,结合导数对分类讨论求,最后结合函数的单调性和性质,即可求解.【详解】()由函数,则,当时, 可得令,即,解得;令,即,解得;所以在递增,在递减,所以,又,所以,所以在上的最大值为1,最小值为.()由函数,则,解得,又由,因为,则,可得,所以,(i)当时,所以在递增,所以恒成立;(ii)当时,当时,单调递增;当时,单调递减,所以,所以,使得,所以当时,;当是,所以在单调递减,在单调递增,又因为,所以,所以,即实数的取值范围是.【点睛】本题主要考查导数在函数中的综合应用,恒成立问题的求解,以及三角函数的应用,着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力,通常要构造新函数,利用导数研究函数的单调性,求出最值,从而求出参数的取值范围;也可分离变量,构造新函数,直接把问题转化为函数的最值问题