1、四川省仁寿第一中学北校区2019-2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）1.关于机械波和电磁波的比较，以下说法中错误的是A. 机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用B. 机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C. 机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播D. 机械波可分为横波和纵波，而电磁波只有纵波【答案】D【解析】【详解】A机械波的频率、波长和波速三者满足的关系适用于一切波，对电磁波也适用，故A正确；B干涉和衍射是波的特有性质，机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象，故B正确；C机械波的传播依赖于介质，而电磁波既可以在介质中传播，也可以在真空中传播，故C正确；D机械
2、波可分为横波和纵波，而电磁波只有横波，D错误；本题选不正确的，故选D。2.已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光（）A. 在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B. 从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大C. 以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大D. 在同种介质中，蓝光的波长比红光的波长长【答案】B【解析】【详解】A根据蓝光的折射率大，则在介质中传播的速度较小，A错误；B从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式红光的折射率小，则临界角较大，B正确；C以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，偏折大，折射角应较小，C错误；D蓝光的折射率比对红光的折射率大，
3、蓝光的频率大于红光的频率蓝光的折射率大，在介质中传播的速度较小，蓝光的频率大于红光的频率，所以蓝光的波长小于红光的波长，D错误。故选C。3.如图所示，O是波源，a、b、c、d是沿波传播方向上处于平衡位置的四个质点，且Oaabbccd2 m，开始时各质点均静止在平衡位置，在t0时刻，波源O开始沿y轴正方向做简谐振动，振幅是0.1 m，波沿x轴正方向传播，波长8 m。当O点振动的路程为0.5 m时，有关a、b、c、d质点运动的描述正确的是A. a质点正沿y轴负方向运动B. c质点正沿y轴正方向运动C. b质点的速度为零，加速度最大D. d质点的速度最大，加速度为零【答案】C【解析】【详解】A根据题
4、意可以知道振幅是，而O点振动经过路程是，则所需要的时间为，所以波向前传播了，因为时刻波源O开始向上做简谐运动，a质点已经振动了一个周期，所以a质点正在沿y轴正方向运动，故A错误；B介质中各质点的起振方向均沿y轴正方向，c点已经振动了半个周期，c点经过平衡位置沿y轴负方向运动，故B错误；Cb质点已经振动了周期，到达波谷，速度为零，加速度最大，故C正确；Dd质点已经振动了周期，到达了波峰，速度为零，加速度最大，故D错误。故选C。4.直导线ab放在如图所示的水平导体框架上，构成一个闭合回路。长直导线cd和框架处在同一个平面内，且cd和ab平行，当cd中通有电流时，发现ab向右运动。关于cd中的电流下
5、列说法正确的是（）A. 电流肯定在增大，不论电流是什么方向B. 电流肯定在减小，不论电流是什么方向C. 电流大小恒定，方向由c到dD. 电流大小恒定，方向由d到c【答案】A【解析】【详解】直导线ab放在水平导体框架上，构成一个闭合回路，ab向右运动，说明ab棒受到的安培拉力水平向右，现在分两种情况：cd中的电流从c到d，闭合回路的处于向上的磁场中，且ab棒受到的安培拉力水平向右，根据左手定则可知ab棒的感应电流从b到a，回路产生的新磁场与原磁场反向，在根据楞次定律，原磁场增强，故cd中的电流增大；cd中的电流从d到c，闭合回路的处于向下的磁场中，且ab棒受到的安培拉力水平向右，根据左手定则可知
6、ab棒的感应电流从a到b，回路产生的新磁场与原磁场反向，在根据楞次定律，原磁场增强，故cd中的电流增大。故BCD错误，A正确。故选A。5.将一长木板静止放在光滑水平面上，如甲图所示，一个小铅块（可视为质点）以水平初速度v0由木板左端向右滑动，到达右端时恰能与木板相对静止。铅块运动中所受的摩擦力始终不变。现将木板分成两段A和B相同的两块，并紧挨着放在原水平面上，让小铅块仍以初速度v0，由木块A的左端开始向右滑动，如乙图所示。则下列说法中正确的是（）A. 小铅块恰能滑到木板B的右端，并与木板B保持相对静止B. 小铅块块从木板B的右端飞离木板C. 小铅块骨到木板B的右端前就与木板B保持相对静止D.
7、小铅块在木板B上滑行产生的热量等于在A上滑行产生的热量【答案】C【解析】【详解】ABCA、B、C在第一次在小铅块运动过程中，小铅块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速，第二次小铅块先使整个木板加速，运动到B部分上后，A部分停止加速做匀速运动，只有B部分加速，加速度大于第一次的对应过程，故第二次小铅块与B木板将更早达到速度相等，所以小铅块还没有运动到B的右端，AB错误C正确；D根据摩擦力乘以相对位移等于产生的热量，因第二次在小铅块骨到木板B的右端前就相对静止了，所以第二次的相对位移比第一次的短，所以产生的热量小于在木板A上滑行产生热量，故D错误。故选C。6.如图为一理想变压器，K为单刀双掷开关，
8、P为滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流强度，则（）A. 保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，I1将增大B. 保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，R消耗的功率将增大C. 保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将增大D. 保持P的位置不变，K合在a处，增大U1，则I1将增大【答案】AD【解析】【详解】A保持及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，根据 副线圈的电压变大，根据P的位置不变，R不变，则变大 ，根据将变大，A正确；B保持，K由b合到a时，原线圈匝数变大，根据 副线圈的电压变小，根据P的位置不变，不变，可知消耗的功率变小，B错误；C保持
9、不变，K合在a处，根据副线圈电压不变，根据P上滑，变大， 变小，根据将减小，C错误；DK合在a处，增大，根据副线圈的电压增大，根据保持P位置不变，不变， 增大，根据增大，D正确。故选AD。7. 质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为初始时小物块停在箱子正中间，如图所示现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( )A. B. C. D. 【答案】BD【解析】试题分析：设物块与箱子相对静止时共同速度为V，则由动量守恒定律得，
10、得，系统损失的动能为，B正确，AC错误根据能量守恒定律得知，系统产生的内能等于系统损失的动能，根据功能关系得知，系统产生的内能等于系统克服摩擦力做的功，则有D正确，故选BD考点：动量守恒定律；功能关系点评：两个相对运动的物体，当它们的运动速度相等时候，往往是最大距离或者最小距离的临界条件本题是以两物体多次碰撞为载体，综合考查功能原理，动量守恒定 律，要求学生能依据题干和选项暗示，从两个不同角度探求系统动能的损失又由于本题是陈题翻新，一部分学生易陷入某种思维定势漏选B或者D，另一方面，若 不仔细分析，易认为从起点开始到发生第一次碰撞相对路程为，则发生N次碰撞，相对路程为，而错选C8.如图所示，竖
11、直平面内有一相距l的两根足够长的金属导轨位于磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m的均匀金属导体棒ab可在导轨上无摩擦地上下滑动，且导体棒ab与金属导轨接触良好，ab电阻为R，其它电阻不计。导体棒ab由静止开始下落，过一段时间后闭合电键S，发现导体棒ab仍作变速运动，则在闭合电键S以后，下列说法中正确的有（）A. 导体棒ab变速运动过程中加速度一定减小B. 导体棒ab变速运动过程中加速度一定增大C. 导体棒ab最后作匀速运动时，速度大小为D. 若将导轨间的距离减为原来的，则导体棒ab作匀速运动时的速度大小为【答案】AC【解析】【详解】AB若导体棒加速，重力大于安培力，根据牛顿第二定律，有 速度不
12、断加大，故加速度不断减小；若棒减速，重力小于安培力，根据牛顿第二定律，有速度不断减小，加速度也不断减小。故A正确，B错误；C由于导体棒的加速度不断减小，最后加速度减至零时变为匀速运动，根据平衡条件，重力和安培力平衡，有 解得故C确；D若将导轨间的距离减为原来的，根据平衡条件，重力和安培力平衡，有 解得故D错误。故选AC。9.如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率在平铺的白纸上垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O，在玻璃砖(图中实线部分)另一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，连接OP3，图中MN为分界线，虚线半圆与玻璃砖对称，B、C分别是入射光
13、线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交法线于A、D点(1)设AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4，为较方便地表示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量_，则玻璃砖的折射率可表示为_(2)该同学在插大头针P3前不小心将玻璃砖以O为圆心顺时针转过一小角度，由此测得玻璃砖折射率将_(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)【答案】 (1). l1和l3 (2). (3). 偏大【解析】【详解】第一空第二空.根据几何知识得，入射角的正弦，折射角的正弦，根据折射定律得，玻璃砖的折射率，所以需要用刻度尺测量l1和l3第三空.该同学在插大头针P3前不小心将玻璃砖以O为圆
14、心顺时针转过一小角度，折射光线将顺时针转动，而作图时仍以MN为边界，AD为法线，则入射角不变，折射角变小，由折射率公式律可知，测得玻璃砖的折射率将偏大【点睛】本题用插针法测定半圆形玻璃砖折射率，数据处理的方法是单位圆法，分析误差关键分析入射角和折射角产生的误差，由实验原理律分析10.在用单摆测定重力加速度的实验中：(1)某同学用刻度尺测出从悬点到摆球顶端的悬线长度为L，又用游标卡尺测出摆球的直径为d，则该单摆的摆长应为_；(2)为使周期测量精确，计时起点应从摆球经过_开始；(3)某同学在计时时，错将摆球完成30次全振动记为31次，则他测出的重力加速度值比真实值_（选填：“偏大”或“偏小”）；另
15、一同学实验时，将摆线的长作为摆长，其它测量精确，则他测出的重力加速度值比真实值_（选填：“偏大”或“偏小”）；(4)某同学为了提高实验精度，在实验中改变几次摆长l，并测出相应的周期T，算出T2的值，再以l为横轴、T2为纵轴建立直角坐标系，将所得数据描点连线如图，并求得该直线的斜率为k。则重力加速度g=_。（用k表示）【答案】 (1). L (2). 平衡位置（或最低点） (3). 偏大 (4). 偏小 (5). 【解析】【详解】(1)1 单摆的摆长应为悬线长度加上摆球的半径，因此摆长为L(2)2为使周期测量精确，计时起点应从摆球经过平衡位置（或最低点）开始计时。(3)3若错将摆球完成30次全振
16、动记为31次，则测的摆球的周期偏小，根据可得周期偏小，则测出的重力加速度值比真实值偏大。4将摆线的长作为摆长，则测的摆长偏小，重力加速度值比真实值偏小。(4)5根据可得所以g-l图线的斜率则11.如图所示，一透明球体置于空气中，球半径R=10cm，折射率nMN是一条通过球心的直线，单色细光束AB平行于MN射向球体，B为入射点， AB与MN间距为5cm，CD为出射光线 补全光路并求出光从B点传到C点的时间； 求CD与MN所成的角（需写出求解过程）【答案】(1) （2）【解析】：(1)连接BC，如图18在B点光线的入射角、折射角分别标为i、rsini5/10，所以，i45由折射率定律：在B点有：n
17、sinr1/2故：r302Rcosrtn/c2Rncosr/ct(/3)109s(2)由几何关系可知COP15OCP1353012.如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆质量为M=2kg的小车，小车的上平台是粗糙的，平台长度为s0=3.5m，停靠在光滑的水平桌面旁。现有一质量为m=1kg的质点C以初速度v0=10m/s沿水平桌面向右滑上与桌面等高的平台，然后以速度v1=6m/s从A端点离开平台，并恰好落在小车的前端B点。已知OA=h=5m，g取10m/s2，求：（1）质点C刚离开平台A端时，小车获得的速度v2为多少？（2）OB的长度为多少？（3）质点C与小车上平台间的动摩擦因数为多少？【答案】（
18、1）2m/s；（2）4m；（3）0.8【解析】【详解】（1）以质点C和小车组成的整体为系统，取向右为正方向，由动量守恒定律得代入数据解得（2）从质点C离开A后到还未落在小车上以前，质点C作平抛运动，小车作匀速直线运动，设OB的长度为s，可得代入数据解得（3）质点C在A上滑动时，由能量守恒得代入数据解得13.如图甲所示，表面绝缘、倾角=30的斜面固定在水平地面上，斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其边界与斜面底边平行，磁场方向垂直斜面向上一个质量m=0.10kg、总电阻R=0.25的单匝矩形金属框abcd，放在斜面的底端，其中ab边与斜面底边重合，ab边长L=0.50m从t=0时
19、刻开始，线框在垂直cd边沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，从静止开始运动，当线框的ab边离开磁场区域时撤去拉力，线框继续向上运动，线框向上运动过程中速度与时间的关系如图乙所示已知线框在整个运动过程中始终未脱离斜面，且保持ab边与斜面底边平行，线框与斜面之间的动摩擦因数，重力加速度g取10 m/s2求：（1）线框受到的拉力F的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）线框在斜面上运动的过程中产生的焦耳热Q【答案】（1）F=1.5 N；（2）；（3）【解析】【详解】（1）由v-t图象可知，在00.4s时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为v1=2.0m/s，所以：联解代入数据得：F=1.5 N（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后以速度v1做匀速直线运动，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律有：E=BLv1由欧姆定律得：对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件有：联解代入数据得：（3）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度，即为：线框在减速为零时，有：所以线框不会下滑，设线框穿过磁场的时间为t，则：代人数据得：
