1、河北省元氏县第四中学2020-2021学年高一物理上学期期末考试试题一选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）1（3分）2018年12月28日11时07分，第三架国产大飞机C919从浦东国际机场起飞，历经1小时38分钟的飞行，于12时45分平稳返回浦东国际机场，圆满完成试飞任务。在前面的描述中，下列说法中正确的是（）A11时07分指的是时间间隔B1小时38分钟指的是时间间隔C飞机飞行的路径总长度等于飞机位移的大小D飞机在空中某位置的运动快慢用平均速度表示【解答】解：A、11时07分指的是起飞所对应的时刻，故A错误；B、1小时38分钟指的是飞行所经历的时间，即时间间隔，故B正确；C、飞机飞行的
2、路径总长度等于路程，一定是大于或等于位移的大小的，故C错误；D、飞机在某一位置的运动快慢对应的是瞬时速度，故D错误。故选：B。2（3分）以下物理量的单位是国际单位制基本单位的是（）A质量的单位kgB功率的单位WC能量的单位JD磁感应强度的单位T【解答】解：A、质量的单位kg是国际单位制中的基本单位，故A正确；B、功率单位W是国际单位制中的导出单位，故B错误；C、能量的单位J是国际单位制中的导出单位，故C错误；D、磁感应强度的单位T是国际单位制中的导出单位，故D错误。故选：A。3（3分）一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A位移
3、的大小可能小于4mB位移的大小一定等于7mC加速度的大小可能小于4m/s2D加速度的大小一定小于10m/s2【解答】解：当1s后的速度方向与初速度方向相同，则加速度为：，加速度方向与初速度方向相同，位移为：，位移的方向与初速度方向相同，当1s后的速度方向与初速度方向相反，则加速度为：，负号表示加速度方向与初速度方向相反，位移为：，负号表示位移方向与初速度方向相反，故A正确，BCD错误。故选：A。4（3分）从离地320m的空中由静止开始自由落下一个小球，不计空气阻力（g10m/s2），下列说法正确的是（）A经过10s小球落到地面B小球的平均速度为40m/sC小球落到地面时瞬间速度大小为100m/
4、sD从开始下落的时刻起，小球在最后2s内下落的高度为160m【解答】解：A、根据 得：8s，故A错误；B、小球下落用时8s，平均速度v40m/s，故B正确；C、小球落到地面时瞬间速度vgt80m/s，故C错误；D、开始下落前6s位移h180m，小球在最后2s内下落的高度为hhh320m180m140m，故D错误。故选：B。5（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端悬挂一个质量为m的物块处于静止。则弹簧的伸长量为（）AmgBkmgCD【解答】解：弹簧弹力等于物块的重力，故弹簧的弹力Fmg根据胡克定律，有：Fkx联立解得：x，故C正确，ABD错误。故选：C。6（3分）如图所示，重力G
5、10N的物体，在F5N的水平拉力作用下，沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动，已知桌面与物体间的动摩擦因数0.2，则物体受到的合力大小为（）A1NB2NC3ND4N【解答】解：物体相对于地面向右运动，受到地面的滑动摩擦力方向向左，物体对地面的压力大小等于物体的重力，即FNG，所以物体受到的滑动摩擦力大小为：fFNG0.210N2N；竖直方向受力平衡，故合外力为F合Ff3N，方向向右，故C正确、ABD错误。故选：C。7（3分）如图所示为学员驾驶汽车在水平面上绕O点做匀速圆周运动的俯视示意图。已知学员在A点位置，教练员在B点位置，A点的转弯半径为5.0m，B点的转弯半径为4.0m，学员和教练员（均可视为
6、质点）（）A运动周期之比为5：4B运动角速度之比为4：5C向心加速度大小之比为4：5D运动线速度大小之比为5：4【解答】解：A、根据共轴物体角速度、周期相同可知，学员和教练员的运动周期之比为1：1，角速度之比为1：1，故AB错误；C、由题知学员和教练员的半径之比为5：4，根据向心加速度公式a2r可知，它们的向心加速度之比为5：4，故C错误；D、，根据vr得它们的线速度之比5：4，故D正确。故选：D。8（3分）下列几种说法中，正确的是（）A物体受到变力作用，一定做曲线运动B物体受到恒力作用，一定做匀变速直线运动C当物体受到的合外力不断变化时，物体一定做曲线运动D当物体所受的合外力方向与物体的速度
7、方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动【解答】解：AC、在变力作用下，物体不一定做曲线，当力与速度方向不共线时，才做曲线运动，当两者共线时，则做直线运动，可能加速，也可能减速，故AC错误；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，故受恒力也可以做曲线运动，如平抛运动，故B错误；D、物体做曲线运动物体的条件是所受的合外力方向与物体的速度方向不在同一直线，故D正确。故选：D。二多选题（共4小题，满分16分，每小题4分）9（4分）关于物理学的研究方法，以下说法正确的是（）A在研究物体运动时，经常用质点代替具体的物体，使用理想模型法B伽利略利用理想斜面实验探究力和运动关系时，使用实验归纳
8、法C实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，使用控制变量法D加速度定义式a，使用比值定义法【解答】解：A、在研究物体运动时，经常用质点代替具体的物体，使用理想模型法，故A正确；B、伽利略在利用理想实验探究力和运动关系时，使用的是理想实验法，故B错误；C、实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，使用控制变量法，故C正确；D、加速度定义式a，a与速度变化量以及时间无直接关系，采用的是比值定义法，故D正确。故选：ACD。10（4分）一物体做匀变速直线运动，某时刻的速度为v1，经过t时间运动位移为x，速度变为v2，则在这段时间内（）A平均速度是B平均速度是C中间位罝的瞬时速度是D中间时刻的瞬时速度是【
9、解答】解：A、根据平均速度的定义可得平均速度为，故A正确；B、物体做匀变速直线运动，故平均速度等于初末速度和的一半，故，故B正确；C、D、物体做匀变速直线运动，故中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度还等于初末速度和的一半，故v；中间时刻的瞬时速度等于，而非中间位置的速度，中间位置的瞬时速度为v，则，联立解得v，故C错误，D正确故选：ABD。11（4分）如图所示为在同一直线上运动的A、B两质点的xt图象，由图可知（）At0时，A在B的前面BB在t2时刻追上A，并在此后跑在A的前面CB开始运动的速度比A小，t2时刻后才大于A的速度DA运动的速度始终比B大【解答】解：A、由图，t0时刻B在原点
10、，A在正方向上距原点x1处，后来两物体都向正方向运动，所以t0时，A在B的前面。故A正确。B、t2时刻两物体的位移相等，说明B在t2时刻追上A由于t1时刻以后A处于静止状态，t2时刻B必定跑在A的前面。故B正确。C、D由斜率看出，0t1时间内，A的速度大于B的速度，t1t2时间内，A静止，所以t1时刻后B的速度大于A的速度。故CD错误。故选：AB。12（4分）小球m用长为L的悬线固定在O点，在O点正下方处有一个光滑钉子C，如图所示，今把小球拉到悬线成水平后无初速度地释放，当悬线成竖直状态且与钉子相碰时（）A小球的线速度突然增大B小球的角速度突然增大C小球的向心加速度突然增大D悬线的拉力突然增大
11、【解答】解：A、在绳与钉子相碰瞬间，绳子的拉力和重力方向都与小球的速度方向垂直，不对小球做功，不改变小球的动能，则小球的线速度大小不变。故A错误。B、角速度与线速度的关系为vr，得到，在绳与钉子相碰瞬间，小球圆周运动的半径r减小，v不变，则角速度增大。故B正确。C、由向心加速度公式an分析得到，向心加速度增大。故C正确。D、根据牛顿第二定律得：Tmgman，Tmg+man，an增大，则绳子拉力T增大。故D正确。故选：BCD。三实验题（共2小题，满分16分）13（6分）在做“练习使用打点计时器”的实验时，如下图所示是某次实验的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以
12、1、2、3那么相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x13cm、x27.5cm、x313.5cm，则物体通过1计数点的速度v10.375m/s，通过2计数点的速度v20.525m/s，运动的加速度为1.50m/s2（结果保留3位有效数字）【解答】解：每5个连续点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间为T0.1s根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度所以：v137.5cm/s0.375m/sv252.5cm/s0.525m/s根据推论公式xaT2可以求出加速度：a150cm/s21.50m/s2故答案为：0.375，0.525，1.501
13、4（10分）在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A让小球多次从同一位置静止释放，在一张印有小方格的纸记下小球经过的一系列位置，如图中a、b、c、d所示。B按图安装好器材，注意斜槽末端切线水平，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线。C取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。（1）完成上述步骤，将正确的答案填在横线上。（2）上述实验步骤的合理顺序是B、A、C。（3）已知图中小方格的边长L1.25cm，则小球平抛的初速度为v02（用L、g表示），其值是0.7。（取g9.8m/s2）（4）b点的速度vb。（用L、g
14、表示）【解答】解：（1）在研究平抛运动的实验中，为保证小球做平抛运动斜槽末端要水平，为保证每次运动轨迹相同要求小球从同一位置静止释放；（2）实验的第一步是：安装好器材，使斜槽末端水平，第二步是：让小球多次从统一位置无初速滚下，记录位置。故正确的顺序应该是BAC。（3）小球竖直方向做自由落体运动，hgT2，即LgT2，得T小球初速度v0代入数据的：v0m/s物体在b点时竖直方向的速度Vy，则b点的速度v。故答案为：（1）A：同一位置静止；B：斜槽末端切线水平。（2）B、A、C；（3）2；0.7；（4）。四计算题（共1小题，满分9分，每小题9分）15（9分）有一辆汽车沿笔直公路行驶，第1s内向东行
15、驶5m的距离，第2s内和第3s内继续向前各通过20m的距离，第4s内又前进了15m的距离，第5s内反向通过30m的距离。求：（1）5s内的路程。（2）5s内的位移大小及方向。（3）最后2s内的平均速度和平均速率。【解答】解：（1）选取向东为正方向，由题意知汽车在第1秒内的位移是x15m，第2秒内的位移为x220m，第3秒内的位移为x320m，第4秒内的位移为x415m，第5秒内的位移为x530m所以物体在5s内的总路程为：sx1+x2+x3+x4+|x5|5+20+20+15+3090m（2）物体在5s内的总位移为：xx1+x2+x3+x4+x55+20+20+15+（30）m30m，方向向东
16、（3）后2s内的位移为：xx4+x515+（30）m15m后2s内的平均速度大小为：7.5m/s。方向向西。后2s内的路程为：s15+30m45m平均速率：v22.5m/s答：（1）5s内的路程为90m；（2）5s内的位移大小为30m，方向向东；（3）最后2s内的平均速度大小为7.5m/s，方向向西；平均速率为22.5m/s。五解答题（共3小题，满分35分）16（9分）把一小球从离地面h5m处，以v010m/s的初速度水平抛出，不计空气阻力，（g10m/s2）。求：（1）小球在空中飞行的时间；（2）小球落地点离抛出点的水平距离；（3）小球落地时的速度大小。【解答】解：（1）平抛运动在竖直方向上
17、做自由落体运动，根据hgt2得所以 ts1s（2）水平距离 xv0t101m10m（3）落地时竖直分速度 vygt101m/s10m/s所以落地时速度 vm/s10m/s答：（1）小球在空中飞行的时间为1s；（2）小球落地点离抛出点的水平距离为10m；（3）小球落地时的速度大小为10m/s。17（12分）如图所示，一个人用一根长 1m、只能承受74N拉力的绳子，拴着一个质量为1kg的小球，在竖直平面内做圆周运动，已知圆心O离地面h6m转动中小球在最低点时绳子恰好断了（取g10m/s2） （1）绳子断时小球运动的角速度多大？（2）绳断后，小球落地点与抛出点间的水平距离是多少？【解答】解：（1）对
18、小球受力分析，根据牛顿第二定律和向心力的公式可得，Fmgmr2，所以8rad/s，即绳子断时小球运动的角速度的大小是8rad/s（2）由Vr可得，绳断是小球的线速度大小为V8m/s，绳断后，小球做平抛运动，水平方向上：xVt 竖直方向上：hgt2 代入数值解得 xR8m小球落地点与抛出点间的水平距离是8m18（14分）商场工作人员拉着质量m20kg的木箱沿水平地面运动若用力F1100N沿水平方向拉木箱，木箱恰好做匀速直线运动；现改用F2150N、与水平方向成53斜向上的拉力作用于静止的木箱上，如图所示已知sin530.80，cos530.60，取重力加速度g10m/s2求：（1）木箱与地面之间的动摩擦因数；（2）F2作用在木箱上时，木箱运动的加速度大小；（3）F2作用在木箱上2.0s时间内木箱移动的距离【解答】解：（1）木箱在水平拉力下匀速运动，由牛顿第二定律得：F1mg0，代入数据解得：0.5；（2）对木箱，由牛顿第二定律：N+F2sin53mg0，F2cos53Nma，代入数据解得：a2.5 m/s2；（3）木箱的位移：sat22.5225.0m；答：（1）木箱与地面之间的动摩擦因数为0.5；（2）F2作用在木箱上时，木箱运动的加速度大小为2.5m/s2；（3）F2作用在木箱上2.0s时间内木箱移动的距离为5m
