1、2015-2016学年江苏省南通市海门中学高二（上）月考物理试卷（12月份）（必修）一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1下列语句中加点部分描绘的运动情景，可以选取山为参考系的是（）A两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山B小小竹排江中游，巍巍青山两岸走C满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎D两岸青山相对出，孤帆一片日边来2如图所示，三位旅行者从北京到上海，甲乘火车直达，乙乘飞机直达，丙先乘汽车到天津，再换乘轮船到上海，这三位旅行者中（）A甲的路程最小B丙的位移最大C三者位移相同D三者路程相同3第18届省运会与2014年9月1926日在徐州、淮安两市顺利举行，以
2、下比赛项目中可将运动员视为质点的是（）A 蹦床技巧B 跳水C 自行车4公里追逐赛D 花样游泳4下列速度中，指平均速度的是（）A舰载机离开航吋甲板时的速度B导航仪提醒“你己超速”时车的速度C雨滴落地时的速度D小明百米跑的成绩为14s，速度约7m/s5如图所示分别为物体甲的xt图象和物体乙的vt图象，两物体的运动情况是（）A甲在整个t=6s时间内往返运动，平均速度为零B乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，平均速度为零C甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mD乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m6汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的
3、加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移大小之比为（）A1：4B3：5C3：4D5：97物体正在做自由落体运动，则物体（）A处于超重状态B处于失重状态C重力变大D重力变小8在科学发展的历程中，首先把实验和逻辑推理和谐地结合起来，对落体运动进行正确研究的科学家是（）A伽利略B牛顿C开普勒D亚里士多德9在轻质弹簧下端悬挂一质量为0.1kg的物体，当物体静止后，弹簧伸长了0.01m，取g=10m/s2该弹簧的劲度系数为（）A1N/mB10N/mC100N/mD1000N/m10下列关于摩擦力的说法，正确的是（）A作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速
4、B摩擦力的大小一定与物体的重力成正比C运动的物体不可能受到静摩擦力作用D作用在物体上的静摩擦力可以是动力11在“验证力的平行四边形定则”的实验中，若用两根弹簧测力计将一根橡皮筋拉伸至O点，A弹簧测力计拉力方向与PO的延长线成30角，B弹簧测力计拉力方向与PO的延长线成60角，如图所示若A弹簧测力计的读数为FA，B弹簧测力计的读数为FB，此时橡皮筋的弹力为FP，则下列判断正确的是（）AFAFBFPBFBFAFPCFPFBFADFPFAFB12如图，一只重为G的蜗牛沿着一段直葡萄枝缓慢匀速向上爬行，若葡萄枝的倾角为，则葡萄枝对蜗牛的作用力合力大小为（）AGB大于GCGsinDGcos13按照“江苏
5、省校园足球振兴行动计划”要求，我省将建立1000所足球特色学校，如图所示，某校一学生踢球时（）A脚对球的作用力大于球对脚的作用力B脚对球的作用力与球对脚的作用力大小相等C脚对球的作用力与球的重力是一对平衡力D脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对平衡力14如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是（）A小球的速度逐渐减小到零B小球的速度先减小后增大C小球的加速度先增大后减小D小球的加速度先减小后增大15关于功率，下列认识正确的是（）A由，可知功率越大的机器做的功越多B由P=Fv，可知汽车发动机功率越大，汽
6、车的速率越大C由，可知单位时间内做功越多则功率越大D由P=Fv，可知做功的力越大其功率越大16物块A、B并排放在光滑的水平面上，其质量关系mA=2mB，现施加水平推力现施加水平推力F于A上，如图所示，在运动过程中，推力F一共对物体做功300 J，则A对B的弹力对B所做功为（）A100JB150JC300JD缺条件，无法算出17物体以140J的初动能从斜面底端沿斜面向上运动过程中，经过某点时动能减少了84J，机械能减少了36J，则物体运动到最高点后返冋到斜曲面底端时的动能为（）A10JB20JC30JD68J18物体在做下列哪种运动时机械能一定不守恒（）A自由落体运动B平抛运动C跳伞员带着张开的
7、降落伞在空气中匀速下落D用细线拴着小球在竖直平面内做圆周运动19若已知氢原子核外电子在离核为r0处受到的库仑力大小为F，则它在离核为4r0处受到的库仑力大小为（）ABC16FD4F20如图所示是某电场中的两条电场线，A、B是电场线上的两点，则由图可知（）AA点处的场强大于B点处的场强BA点处的场强小于B点处的场强C带正电的试探电荷在B点所受的电场力的方向向右D试探电荷在B点的加速度小于A点的加速度21下列关于磁感线的叙述，正确的说法是（）A磁感线是磁场中确实存在的一种曲线B磁感线总是从N极指向S极C磁感线是由磁场中的铁屑形成的D磁感线是根据磁场的性质人为地画出来的曲线22航天员若要走出舱外，所
8、穿的宇航服必须要能阻挡宇宙射线的辐射而射向地球的绝大多数宇宙射线，在地磁场洛仑兹力的作用下发生偏转，基本到达不了地球表面如图所示，一束带正电粒子流（类似于宇宙射线）沿图中箭头所示方向通过两磁极间时，其偏转方向为（）A向上B向下C向N极D向S极23（本题供使用选修31教材的考生作答）如图所示，在场强为E的匀强电场中，a、b两点间的距离为L，ab连线与电场方向的夹角为，则a、b两点间的电势差为（）AELsinBELcosCELD二、实验题（每空2分，共10分）24如图所示，已知电源电动势E=3V，内电阻r=1，电阻R=5，电路中的电表均为理想电表则当开关S闭合时，电流表的读数为A，电压表的读数为V
9、25在“探究”加速度与力、质量的关系的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸 带由打点计时器打出的点计算出当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度采用图象法处理数据为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的aF图象如图2所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同三、计算题（共3小题，共计21分解答时请写出明
10、确的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，结果必须明确写出数值和单位，只写出最后结果的不能得分，请将解答填写在答题卡上相应的位置）26如图所示，在水平地面放一质量为1.0kg的木块，木块与地面间的动摩擦因数为0.6，设最大静摩擦力相等滑动摩擦力在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力F1、F2，已知F1=3.0N，F2=4.0N，（取重力加速度g=10m/s2），则（1）F1、F2的合力大小为多少？（2）木块受到的摩擦力为多少？（3）若将F2顺时针转90，此时木块在水平方向上受的合力大小为多少？加速度多大？27如图所示，水平桌面上的轻质弹簧左端固定，右端与静止在O点的小物块接触
11、而不连接，此时弹簧无形变现对物块施加大小恒为F、方向水平向左的推力，当物块向左运动到A点时撤去该推力，物块继续向左运动，最终物块运动到B点静止已知物块质量为m，与桌面间的动摩擦因数为，OA=l1，OB=l2，重力加速度为g（1）求物块在O点刚开始运动时的加速度大小a；（2）在推力作用的过程中，物块的加速度大小和速度大小如何变化？请定性说明；（3）在物块运动的整个过程中，弹性势能的最大值EPm是多少？28如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度s=5m，轨道CD足够长且倾角=37，A、D两点离轨道BC的高度分别
12、为h1=4.30m、h2=1.35m现让质量为m的小滑块自A点由静止释放已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6、cos37=0.8求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔；（3）小滑块最终停止的位置距B点的距离2015-2016学年江苏省南通市海门中学高二（上）月考物理试卷（12月份）（必修）参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1下列语句中加点部分描绘的运动情景，可以选取山为参考系的是（）A两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山B小小竹排江
13、中游，巍巍青山两岸走C满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎D两岸青山相对出，孤帆一片日边来【考点】参考系和坐标系【分析】研究物体的运动情况时，需要先选取一个标准做为参照物，物体与参照物的位置发生了变化，物体就是运动的；物体与参照物的位置没有发生变化，物体就是静止的【解答】解：A、由题意可知，舟的运动应是相对于山；故诗人选取的参考系为山及两边的岸；故A正确；B、“巍巍青山两岸走”是以竹排为参考系的故B错误；C、“看山恰似走来迎”选择的参考系是自己或者船与船上静止不动的物体故C错误；D、“两岸青山相对出”是相对于船来说的故D错误故选：A2如图所示，三位旅行者从北京到上海，甲乘火车直达，乙乘飞机直达，丙先
14、乘汽车到天津，再换乘轮船到上海，这三位旅行者中（）A甲的路程最小B丙的位移最大C三者位移相同D三者路程相同【考点】位移与路程【分析】路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置【解答】解：三位旅行者从北京到上海，甲乘火车直达，乙乘飞机直达，丙先乘汽车到天津，再换乘轮船到上海，运动轨迹不一样，当首末位置一样，所以位移相同甲的路程不一定比乙小故C正确，A、B、D错误故选C3第18届省运会与2014年9月1926日在徐州、淮安两市顺利举行，以下比赛项目中可将运动员视为质点的是（）A 蹦床技巧B 跳水C 自行车4公里追逐赛D 花样游泳【考点】质点的认识【分析】当物体的形
15、状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可【解答】解：A、跳床比赛中运动员的动作是不能忽略的，不能看作质点；故A错误；B、跳水比赛中运动员的动作是不能忽略的，不能看作质点；故AB错误；C、自行车比赛中运动员相对于跑道来说可以忽略；故可以看作质点；故C正确；D、花样游泳比赛中运动员的动作是不能忽略的，不能看作质点；故D错误；故选：C4下列速度中，指平均速度的是（）A舰载机离开航吋甲板时的速度B导航仪提醒“你己超速”时车的速度C雨滴落地时的速度D小明百米跑的成绩为14s，速度约7m/s【考点】平均速度【分析】平均速度表示位移与时间的比值，平均速率表
16、示路程与时间的比值瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，瞬时速度点的大小表示瞬时速率【解答】解：A、舰载机离开航母甲板时的速度是某一位置的速度为瞬时速度，故A错误；B、导航仪提醒“你己超速”时车的速度是某一时刻的速度为瞬时速度，故B错误；C、雨滴落地时的速度是某一位置的速度为瞬时速度，故C错误；D、小明百米跑的成绩为14s，速度约7m/s是指某一过程的速度，为平均速度，故D正确；故选：D5如图所示分别为物体甲的xt图象和物体乙的vt图象，两物体的运动情况是（）A甲在整个t=6s时间内往返运动，平均速度为零B乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，平均速度为零C甲在整个t=6s时间内运动方向一直
17、不变，它通过的总位移大小为4mD乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【考点】匀变速直线运动的图像；位移与路程；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】xt图象是位移时间图象，表示物体的位置随时间变化的规律，位移等于x的变化量，而vt图象是速度时间图象，表示速度随时间变化的规律，速度的正负表示速度的方向，图象与时间轴所围的“面积”表示位移平均速度等于位移与时间之比【解答】解：A、C、甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故在整个t=6s时间内位移为：x=x2x1=2m（2m）=4m，平均速度为=m/s=0.67m/s，故A错误，C正确B
18、、D、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为：x=mm=0，故B、D错误故选：C6汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移大小之比为（）A1：4B3：5C3：4D5：9【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移【解答】解：汽车刹车到停止的时间：t0=2s所以2s内的位移：x1=v0t1+at12=202522m=30m而6s4
19、s，4s后汽车停止运动，所以6s内的位移等于4s内的位移x2=v0t0+=204542m=40m则：故C正确，A、B、D错误故选：C7物体正在做自由落体运动，则物体（）A处于超重状态B处于失重状态C重力变大D重力变小【考点】超重和失重；自由落体运动【分析】加速度向上物体处于超重，加速度向下，物体处于失重无论超重还是失重，只是物体的视重改变了，物体重力不变【解答】解：A、物体做自由落体运动时，物体的加速度竖直向下；故物体处于完全失重状态故A错误，B正确；C、无论超重还是失重，只是物体的视重改变了，物体重力不变故CD错误故选：B8在科学发展的历程中，首先把实验和逻辑推理和谐地结合起来，对落体运动进
20、行正确研究的科学家是（）A伽利略B牛顿C开普勒D亚里士多德【考点】物理学史【分析】伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来牛顿在伽利略等人研究的基础上发现了三大定律亚里士多德的主要方法是思辩开普勒发现了行星运动的规律【解答】解：A、伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来故A正确B、牛顿在伽利略等人研究的基础上发现了牛顿运动三定律，故B错误C、开普勒发现了行星运动的规律故C错误D、亚里士多德的主要方法是思辩，故D错误故选：A9在轻质弹簧下端悬挂一质量为0.1kg的物体，当物体静止后，弹簧伸长了0.01m，取g=10m/s2该弹簧的
21、劲度系数为（）A1N/mB10N/mC100N/mD1000N/m【考点】胡克定律【分析】根据胡克定律F=kx，通过弹簧弹力的大小和形变量求出劲度系数【解答】解：弹簧的弹力等于物体的重力，F=1N，根据胡克定律F=kx得，k=100N/m故C正确，A、B、D错误故选：C10下列关于摩擦力的说法，正确的是（）A作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速B摩擦力的大小一定与物体的重力成正比C运动的物体不可能受到静摩擦力作用D作用在物体上的静摩擦力可以是动力【考点】摩擦力的判断与计算【分析】摩擦力定义是两个互相接触的物体，当它们要发生或已经发生相对运动时，就会在接触面上产生一种阻碍相对
22、运动的力，这种力就叫做摩擦力，摩擦力既可以作为动力也可以作为阻力，当摩擦力做为动力时方向和物体的运动方向相同，而做为阻力时方向和物体的运动方向相反影响摩擦力大小的因素有接触面的粗糙程度和压力大小，但是我们要增大摩擦力一般采用增大接触面的粗糙程度这种方法【解答】解：A、一个物块冲向静止在光滑水平面上的木板时，滑动摩擦力使木板加速，A错误；B、滑动摩擦力的大小与正压力有关，正压力不一定等于重力，静摩擦力与外力有关，B错误；C、人走路时受到地面的静摩擦力而运动，C错误；D、作用在物体上的静摩擦力可以是动力，比如走路时静摩擦力提供动力，D正确；故选：D11在“验证力的平行四边形定则”的实验中，若用两根
23、弹簧测力计将一根橡皮筋拉伸至O点，A弹簧测力计拉力方向与PO的延长线成30角，B弹簧测力计拉力方向与PO的延长线成60角，如图所示若A弹簧测力计的读数为FA，B弹簧测力计的读数为FB，此时橡皮筋的弹力为FP，则下列判断正确的是（）AFAFBFPBFBFAFPCFPFBFADFPFAFB【考点】验证力的平行四边形定则【分析】以结点O为研究对象，分析受力，画出受力示意图，根据平衡条件和几何知识分析三个力的大小【解答】解：以结点O为研究对象，分析受力，画出受力示意图作出FA和FB的合力F，根据平衡条件得知，F与FP大小相等，方向相反根据几何关系可知，FFAFB，则得FPFAFB故选：D12如图，一只
24、重为G的蜗牛沿着一段直葡萄枝缓慢匀速向上爬行，若葡萄枝的倾角为，则葡萄枝对蜗牛的作用力合力大小为（）AGB大于GCGsinDGcos【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】对蜗牛进行受力分析，明确缓慢爬行及葡萄枝对蜗牛作用力的含义【解答】解：对蜗牛进行受力分析，有向下的重力、垂直葡萄枝向上的弹力、沿葡萄枝向上的摩擦力，因蜗牛缓慢爬行，说明蜗牛处于平衡状态，即所受合力为零，因此，蜗牛受到葡萄枝的作用力大小等于蜗牛重力，再根据牛顿第三定律，葡萄枝对蜗牛的作用力大小为G，故A正确，BCD错误故选：A13按照“江苏省校园足球振兴行动计划”要求，我省将建立1000所足球特色学校，如图所
25、示，某校一学生踢球时（）A脚对球的作用力大于球对脚的作用力B脚对球的作用力与球对脚的作用力大小相等C脚对球的作用力与球的重力是一对平衡力D脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对平衡力【考点】作用力和反作用力【分析】作用力与反作用力，大小相等，方向相反，作用在两个物体上，一对平衡力大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，作用效果可以抵消【解答】解：A、脚对球的作用力与球对脚的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，不是一对平衡力，故AD错误，B正确；C、脚对球的作用力与球的重力方向不在同一直线上，不可能是一对平衡力，故C错误故选：B14如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小
26、球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是（）A小球的速度逐渐减小到零B小球的速度先减小后增大C小球的加速度先增大后减小D小球的加速度先减小后增大【考点】牛顿第二定律；胡克定律【分析】根据小球的受力情况，应用牛顿第二定律判断加速度大小，然后判断小球的运动性质，最后答题【解答】解：小球与弹簧接触后，受到竖直向下的重力与竖直向上的弹簧弹力作用，开始，小球的重力大于弹力，合力向下，小球向下做加速运动，随小球向下运动，弹簧的弹力增大，合力减小，加速度减小，小球做加速度减小的加速运动；当弹簧的弹力大于小球重力后，合力向上，加速度向上，速度方向与加速度方向相反，小球
27、做减速运动，随小球向下运动，弹力增大，小球受到的合力增大，加速度增大，小球做加速度增大的减速运动，由以上分析可知，小球的速度先增大后减小，小球的加速度先减小后增大，故ABC错误，D正确；故选：D15关于功率，下列认识正确的是（）A由，可知功率越大的机器做的功越多B由P=Fv，可知汽车发动机功率越大，汽车的速率越大C由，可知单位时间内做功越多则功率越大D由P=Fv，可知做功的力越大其功率越大【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】明确两个功率公式的意义，明确P=中P是由功和时间共同决定的；P=Fv既可以求平均功率也可以求瞬时功率【解答】解：A、由P=可得，功率的大小与做功的多少及做功时间有关，故
28、只有做功多不能说明功率大；故A错误；B、P=Fv说明功率与力和速度有关，速度大不能说明功率大；故B错误；C、功率为功与时间的比值，其物理意义即为单位时间内做功的快慢，故C正确；D、当速度一定时，力越大，则FV越大，即输出功率越大，只有力大不能说明功率大；故D错误；故选：C16物块A、B并排放在光滑的水平面上，其质量关系mA=2mB，现施加水平推力现施加水平推力F于A上，如图所示，在运动过程中，推力F一共对物体做功300 J，则A对B的弹力对B所做功为（）A100JB150JC300JD缺条件，无法算出【考点】动能定理的应用；功的计算【分析】在水平力作用下，物体A、B在光滑水平面上做加速运动，由
29、牛顿第二定律可以得到A对B的作用力，在由功的表达式得A对B弹力的功【解答】解：对整体受力分析可知，整体受推力和摩擦力作用，如图所示；根据牛顿第二定律得：F（mA+mB）g=（mA+mB）a对B分析可知，B受重力、推力F以及阻力的作用，如图所示，根据牛顿第二定律可知：FmBg=mBa解得：F=3F根据W=Fs可知=所以W=100J，故A正确，BCD错误；故选：A17物体以140J的初动能从斜面底端沿斜面向上运动过程中，经过某点时动能减少了84J，机械能减少了36J，则物体运动到最高点后返冋到斜曲面底端时的动能为（）A10JB20JC30JD68J【考点】功能关系【分析】物体从开始到经过斜面上某一
30、点时，受重力、支持力和摩擦力，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服摩擦力做的功，根据功能关系列式可解【解答】解：物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有mglABsinflAB=EKBEKA=84J 机械能减小量等于克服摩擦力做的功，故flAB=EBEA=36J 解得f=mgsin故动能的改变量和机械能改变量的比值为7：3；故当动能减少了84J，机械能减少了36J，所以当物体到达最高点时动能减少了140J，机械能减少了60J，故摩擦力做功来回为120J；故到达底部时，动能为：140120=20J；故选：B18物体在做下列哪种运动时机械能一定不守恒（）A自由落
31、体运动B平抛运动C跳伞员带着张开的降落伞在空气中匀速下落D用细线拴着小球在竖直平面内做圆周运动【考点】机械能守恒定律【分析】判断机械能是否守恒的方法，1、看是否只有重力做功2、看动能和势能之和即机械能是否不变【解答】解：A、B物体做自由落体运动和平抛运动，只受重力，只有重力对物体做功，机械能是守恒的，不符合题意，故AB错误C、跳伞员带着张开的降落伞在空气中匀速下落，其重力势能减小，动能不变，两者之和减小，即机械能减小，故C正确D、用细线拴着小球在竖直平面内做圆周运动，细线的拉力对小球不做功，只有重力对小球做功，故小球的机械能守恒，不符合题意，故D错误故选C19若已知氢原子核外电子在离核为r0处
32、受到的库仑力大小为F，则它在离核为4r0处受到的库仑力大小为（）ABC16FD4F【考点】库仑定律【分析】根据库仑定律公式F=，即可求解【解答】解：根据库仑定律公式，电子受到的库仑力大小为：F=，则它在离核为4r0处受到的库仑力大小F=，故A正确故选：A20如图所示是某电场中的两条电场线，A、B是电场线上的两点，则由图可知（）AA点处的场强大于B点处的场强BA点处的场强小于B点处的场强C带正电的试探电荷在B点所受的电场力的方向向右D试探电荷在B点的加速度小于A点的加速度【考点】电场线；牛顿第二定律；电场强度【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小
33、，电场力做负功，电势能增加【解答】解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以A点处的场强小于B点处的场强，所以A错误，B正确C、正电荷受力的方向即为电场线的方向，所以带正电的试探电荷在B点所受的电场力的方向沿着电场线向左，所以C错误D、由A的分析可知，A点处的场强小于B点处的场强，所以试探电荷在B点的加速度大于A点的加速度，所以D错误故选B21下列关于磁感线的叙述，正确的说法是（）A磁感线是磁场中确实存在的一种曲线B磁感线总是从N极指向S极C磁感线是由磁场中的铁屑形成的D磁感线是根据磁场的性质人为地画出来的曲线【考点】磁感线及用磁感线描述磁场【分析】磁感线是人为假想的
34、曲线，不是磁场中实际存在的曲线在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入S极，在磁铁的内部，磁感线从S极指向N极【解答】解：A、磁感线是人为假想的曲线，不是磁场中实际存在的曲线故A错误 B、在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入S极，在磁铁的内部，磁感线从S极指向N极故B错误 C、磁感线可以由磁场中的铁屑形成的曲线模拟，但模拟出来的曲线并不是磁感线，因为磁感线并不存在故C错误 D、磁感线是描述磁场的强弱和方向人为假想的曲线故D正确故选：D22航天员若要走出舱外，所穿的宇航服必须要能阻挡宇宙射线的辐射而射向地球的绝大多数宇宙射线，在地磁场洛仑兹力的作用下发生偏转，基本到达不了地球表面如图所示，一束带正电粒子
35、流（类似于宇宙射线）沿图中箭头所示方向通过两磁极间时，其偏转方向为（）A向上B向下C向N极D向S极【考点】洛仑兹力【分析】根据蹄形磁铁的磁场方向，负电荷的运动方向，运用左手定则判断出洛伦兹力的方向，从而确定粒子的偏转方向【解答】解：蹄形磁铁的磁场方向由N指向S，带电粒子的方向，根据左手定则，洛伦兹力方向向上，则粒子向上偏转，故A正确，B、C、D错误故选：A23（本题供使用选修31教材的考生作答）如图所示，在场强为E的匀强电场中，a、b两点间的距离为L，ab连线与电场方向的夹角为，则a、b两点间的电势差为（）AELsinBELcosCELD【考点】电势差与电场强度的关系【分析】已知匀强电场的场强
36、为E，a、b两点间的距离为L及ab连线与电场方向的夹角为，根据公式U=Ed，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U【解答】解：由题，a、b两点间的距离为L及ab连线与电场方向的夹角为，则这两点沿电场方向的距离d=Lcos，a、b两点间的电势差U=Ed=ELcos故选B二、实验题（每空2分，共10分）24如图所示，已知电源电动势E=3V，内电阻r=1，电阻R=5，电路中的电表均为理想电表则当开关S闭合时，电流表的读数为0.5A，电压表的读数为2.5V【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据U=IR求解路段电压【解答】解：根据闭合电路欧姆定律，有：I=；路端电压为：
37、U=IR=0.5A5=2.5V；故答案为：0.5，2.525在“探究”加速度与力、质量的关系的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸 带由打点计时器打出的点计算出当M与m的大小关系满足mM时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度采用图象法处理数据为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与的图象乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的aF图象如图2所示，两个同学做实验时的哪一个
38、物理量取值不同小车及车中砝码的总质量M【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系aF图象的斜率等于物体的质量，故斜率不同则物体的质量不同【解答】解：以整
39、体为研究对象有mg=（m+M）a解得：a=，以M为研究对象有绳子的拉力F=Ma=，显然要有F=mg必有m+M=M，故有mM，即只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作aM图象；a=，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a图象由图可知在拉力相同的情况下a乙a甲，根据F=ma可得m=，即aF图象的斜率等于物体的质量，且m乙m甲故两人的实验中小车及车中砝码的总质量M不同故答案为：mM ；小车及车中砝码
40、的总质量M三、计算题（共3小题，共计21分解答时请写出明确的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，结果必须明确写出数值和单位，只写出最后结果的不能得分，请将解答填写在答题卡上相应的位置）26如图所示，在水平地面放一质量为1.0kg的木块，木块与地面间的动摩擦因数为0.6，设最大静摩擦力相等滑动摩擦力在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力F1、F2，已知F1=3.0N，F2=4.0N，（取重力加速度g=10m/s2），则（1）F1、F2的合力大小为多少？（2）木块受到的摩擦力为多少？（3）若将F2顺时针转90，此时木块在水平方向上受的合力大小为多少？加速度多大？【考点】牛顿第二
41、定律；摩擦力的判断与计算【分析】（1）根据力的合成，即可求出两个拉力的合力，（2）与最大静摩擦力相对比，判断判断木块的运动情况，在计算受到的摩擦力的大小；（3）F2顺时针90，此时两个拉力同向，计算合力的大小，有牛顿第二定律计算加速度的大小；【解答】解：（1）由图可知，根据力的平行四边形定则，可得两个拉力的合力大小为：F=5N（2）据题意知，木块收到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力为：f=mg=6N由于木块受到的合力为5N，小于最大静摩擦力的大小，所以木块不会动，受到的是静摩擦力，大小为5N；（3）当将F2顺时针转90，则两个拉力的合力大小为7N，所以此时木块在水平方向受到的合力大小也为7N，大于
42、滑动摩擦力所以物体的合力为：F合=7N6N=1N得：a=1m/s2答：（1）F1、F2的合力大小为5N；（2）木块受到的摩擦力为5N；（3）若将F2顺时针转90，此时木块在水平方向上受的合力大小为7N，加速度为1m/s227如图所示，水平桌面上的轻质弹簧左端固定，右端与静止在O点的小物块接触而不连接，此时弹簧无形变现对物块施加大小恒为F、方向水平向左的推力，当物块向左运动到A点时撤去该推力，物块继续向左运动，最终物块运动到B点静止已知物块质量为m，与桌面间的动摩擦因数为，OA=l1，OB=l2，重力加速度为g（1）求物块在O点刚开始运动时的加速度大小a；（2）在推力作用的过程中，物块的加速度大
43、小和速度大小如何变化？请定性说明；（3）在物块运动的整个过程中，弹性势能的最大值EPm是多少？【考点】牛顿第二定律【分析】（1）根据牛顿第二定律求出物块在O点刚开始运动时的加速度大小；（2）根据物块的受力确定加速度的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动规律；（3）分别对O到最左端和从最左端到B点运用能量守恒定律，联立解得弹性势能的最大值【解答】解：（1）由牛顿第二定律得：Fmg=ma解得：；（2）有两种可能；开始推力大于摩擦力和弹力之和，做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小到零，又反向逐渐增大，所以加速度先减少后增大，速度先增大后减小在推力作用下的过程中，推力一直大于摩擦力和弹
44、力之和，即做加速度逐渐减小的加速运动，所以加速度一直减小，速度一直增大（3）设物块从O点向左运动x后返回，则有：Fl1mgx=Epm，Epmmgxmgl2=0解得：；答：（1）物块在O 点刚开始运动时的加速度大小为；（2）在推力作用的过程中，加速度先减少后增大，速度先增大后减小或加速度一直减小，速度一直增大；（3）在物块运动的整个过程中，弹性势能的最大值EPm是28如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度s=5m，轨道CD足够长且倾角=37，A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30m、h2=1.35m现
45、让质量为m的小滑块自A点由静止释放已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6、cos37=0.8求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔；（3）小滑块最终停止的位置距B点的距离【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律【分析】（1）直接对小物块从ABCD过程中运用动能定理列式求解即可；（2）先对从ABC过程运用动能定理求出小滑块到达C点的速度，求出在斜面CD上的加速度，再对小滑块在CD斜面上的运动运用运动学公式求解；（3）对全部过程运用动能定理，得出物体在BC面上滑行的总
46、路程，再结合几何关系确定物体最终的静止位置【解答】解：（1）小物块从ABCD过程中，由动能定理得将h1、h2、s、g代入得：vD=3m/s 即小滑块第一次到达D点时的速度大小为3m/s（2）小物块从ABC过程中，由动能定理得将h1、s、g代入得：vC=6m/s 小物块沿CD段上滑的加速度大小a=gsin=6m/s2小物块沿CD段上滑到最高点的时间=1s 由于对称性可知小物块从最高点滑回C点的时间t2=t1=1s故小物块第一次与第二次通过C点的时间间隔t=t1+t2=2s 即小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔2s（3）对小物块运动全过程利用动能定理，设小滑块在水平轨道上运动的总路程为S总有：mgh1=mgs总将h1、g代入得S总=8.6m 故小物块最终停止的位置距B点的距离为2sS总=1.4m 即小滑块最终停止的位置距B点的距离为1.4m2017年3月26日
