1、吉林省通钢一中、集安一中、梅河口五中等省示范高中2020届高三数学5月模拟考试试题 理（含解析）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】求出共轭复数，根据复数运算法则即可得解.【详解】，.故选：A【点睛】此题考查复数的概念辨析和基本运算，关键在于熟练掌握复数的运算法则，根据法则求解.2. 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据对数不等式解法求出解集得到A，根据交集运算即可得解.【详解】，所以.故选：C【点睛】此题考查集合的交集运算
2、，关键在于准确求解对数型不等式和一元二次不等式.3. 设非零向量，满足，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由可得，利用数量积的运算性质结合条件可得答案.【详解】，.，.故选：A【点睛】本题考查利用向量垂直其数量积为零求向量的模长，属于中档题.4. 如图，在正方体中，E为的中点，几何体的侧视图与俯视图如图所示，则该几何体的正视图为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据侧视图和俯视图特征判定几何体，找出正投影，即可得解.【详解】结合俯视图和侧视图，根据几何体特征，该几何体为图中，正投影，与不在同一平面，所以正视图为A选项的图形.故选：A【点睛】此题考查
3、三视图的识别，关键在于根据俯视图侧视图结合几何体辨析正视图，易错点在于对几何体的棱BE考虑不准确.5. 设双曲线，的离心率分别为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】已知双曲线标准方程，根据离心率的公式，直接分别算出，即可得出结论.【详解】对于双曲线，可得，则，对于双曲线，得，则，对于双曲线，得，则，可得出，所以.故选：D.【点睛】本题考查双曲线的标准方程和离心率，属于基础题.6. 若，则的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由条件有，利用均值不等式有可得到答案.【详解】因为，所以，则，当且仅当时，等号成立，故的最小值为4.故选：C【点睛】本题
4、考查对数的运算性质和利用均值不等式求最值，属于中档题.7. 九章算术是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有一个“引葭赴岸”问题：“今有池方一丈，葭生其中央.出水一尺，引葭赴岸，适与岸齐.问水深、葭长各几何？”其意思为“今有水池1丈见方（即尺），芦苇生长在水的中央，长出水面的部分为1尺.将芦苇向池岸牵引，恰巧与水岸齐接（如图所示）.试问水深、芦苇的长度各是多少？假设，现有下述四个结论：水深为12尺；芦苇长为15尺；.其中所有正确结论的编号是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】利用勾股定理求出的值，可得，再利用二倍角的正切公式求得，利用两角和的正切公式求得的值.【详解】设，则
5、，.即水深为12尺，芦苇长为12尺；，由，解得（负根舍去）.，.故正确结论的编号为.故选：B.【点睛】本题主要考查二倍角的正切公式、两角和的正切公式，属于基础题.8. 在外国人学唱中文歌曲的大赛中，有白皮肤选手6人，黑皮肤选手6人，黄皮肤选手8人，一等奖规定至少2个至多3个名额，且要求一等奖获奖选手不能全是同种肤色，则一等奖人选的所有可能的种数为（ ）A. 420B. 766C. 1080D. 1176【答案】D【解析】【分析】分别计算一等奖两个名额和三个名额的情况即可得解.【详解】一等奖两个名额，一共种，一等奖三个名额，一共种，所以一等奖人选的所有可能的种数为1176.故选：D【点睛】此题考
6、查计数原理的综合应用，需要熟练掌握利用组合知识解决实际问题，准确分类，结合对立事件求解.9. 已知函数，则（ ）A. 的最小正周期为B. 曲线关于对称C. 的最大值为2D. 曲线关于对称【答案】D【解析】【分析】由已知可得，根据三角函数的性质逐一判断.【详解】，则.的最大值为，当时，故曲线关于对称，当时，故曲线不关于对称.故选：D.【点睛】本题考查三角函数的性质，其中对称轴和对称中心可代入判断，是基础题.10. 函数的零点的个数为（ ）A. 2B. 3C. 4D. 6【答案】C【解析】【分析】将原题转化为求方程的根的个数，根据函数奇偶性，考虑当时方程的根的个数，根据对称性即可得解.【详解】函数
7、的零点个数，即方程的根的个数，考虑，定义在的偶函数，当时，作出函数图象：两个函数一共两个交点，即当时有两根，根据对称性可得：当时有两根，所以一共4个根，即函数的零点的个数为4.故选：C【点睛】此题考查函数零点问题，转化为方程的根的问题，根据奇偶性数形结合求解.11. 在正方体ABCDA1B1C1D1中，E为棱A1B1上一点，且AB2，若二面角B1BC1E为45，则四面体BB1C1E的外接球的表面积为（ ）A. B. 12C. 9D. 10【答案】D【解析】【分析】连接交于，可得，利用线面垂直的判定定理可得：平面，于是，可得而为二面角的平面角，再求出四面体的外接球半径，进而利用球的表面积计算公式
8、得出结论【详解】连接交于，则，易知，则平面，所以，从而为二面角的平面角，则.因为，所以，所以四面体的外接球半径故四面体BB1C1E的外接球的表面积为故选：D【点睛】本题考查了正方体的性质、线面垂直的判定与性质定理、二面角的平面角、球的表面积计算公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题12. 若曲线存在两条垂直于y轴的切线，则m的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】曲线存在两条垂直于轴的切线函数存在两个极值点在上有两个解，即在上有两异根，令，利用导数法可求得的值域，从而可得的取值范围.【详解】解：曲线存在两条垂直于轴的切线，函数的导函数存在两个不同的零点，又，即在
9、上有两个不同的解，设，当时，；当时，所以，又当时，当时，故.故选：A.【点睛】本题考查利用导数研究曲线上某点切线方程，考查等价转化思想、函数与方程思想的综合运用，考查推理与运算能力，属于难题.二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题卡的相应位置.13. 若，满足约束条件，则的最大值为_.【答案】0.【解析】【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，进行求最值即可.【详解】由得，作出不等式组对应的平面区域如图（阴影部分）： 平移直线，由图象可知当直线经过点时，直线的截距最小，此时最大，由，解得，.代入目标函数，得，故答案为：0.【点睛】该题主要考查线性规
10、划的基本应用，利用目标函数的几何意义是解决问题的关键，利用数形结合是解决问题的基本方法.14. 某工厂共有50位工人组装某种零件.下面的散点图反映了工人们组装每个零件所用的工时（单位：分钟）与人数的分布情况.由散点图可得，这50位工人组装每个零件所用工时的中位数为_.若将500个要组装的零件分给每个工人，让他们同时开始组装，则至少要过_分钟后，所有工人都完成组装任务.（本题第一空2分，第二空3分）【答案】 (1). 3.3； (2). 33.14【解析】【分析】根据工时从小到大依次分析得出工时3.4人数16，工时3.5人数8，工时3.3人数12，即可得到中位数；计算出工时平均数即可得解.【详解
11、】根据散点图：工时3.0人数3，工时3.1人数5，工时3.2人数6，工时3.3人数12，工时3.4人数16，工时3.5人数8，所以工时的中位数为3.3；将500个要组装的零件分给每个工人，让他们同时开始组装，至少需要时间：故答案为：3.3；33.14【点睛】此题考查求平均数和中位数，关键在于准确读懂题意，根据公式计算求解.15. 设分别为内角的对边已知，且，则 _【答案】2【解析】【分析】首先利用正弦定理的角化边得到，再根据余弦定理即可得到，解方程即可.【详解】因为所以又因为，所以即，解得故答案为：【点睛】本题主要考查了正弦定理，余弦定理在求解三角形中的应用，属于中档题16. 设，若直线上存在
12、一点满足，且的内心到轴的距离为，则_.【答案】【解析】【分析】由题意可得点为直线与椭圆的交点,直线方程与椭圆方程联立可得，由的内心到轴的距离为，即的内切圆的半径，由等面积法可求出参数的值.【详解】点满足,则点在椭圆上.由题意可得点为直线与椭圆交点.联立与，消去得，则.因为的内心到轴的距离为，所以的内切圆的半径.所以的面积为，即，解得，又，则.【点睛】本题考查考查直线与椭圆的位置关系，根据椭圆的焦点三角形的相关性质求参数，属于中档题.三、解答题：本大题共5小题，共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演步骤.1721题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22，23题为选考题，考生根据要求作
13、答.（一）必考题：共60分.17. 设等差数列的公差为2，等比数列的公比为2，且，（1）求数列的通项公式；（2）求数列的前n项和【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据题意可得，联立解方程可得数列的通项公式；（2）通过分组求和法可得数列的前n项和.【详解】解：（1）因为，所以， 依题意可得， ， 故；（2）由（1）可知，故 .【点睛】本题考查等差数列，等比数列的通项公式，考查分组法求和，是基础题.18. 如图，四棱锥的侧棱与四棱锥的侧棱都与底面垂直，.（1）证明：平面.（2）求平面平面所成的锐二面角的余弦值.【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】【分析】（1）证明/，即可由线线平行
14、推证线面平行；（2）以为坐标原点建立空间直角坐标系，通过向量法求解二面角.【详解】（1）证明：平面，.，.同理可得.又平面，平面，/.，四边形为平行四边形，/.平面，平面，/平面.（2）解：以为原点建立如图所示的空间直角坐标系，则，则，.设平面的法向量为，则，即令，则，得.易知平面的一个法向量为，故所求锐二面角的余弦值为.【点睛】本题考查由线线平行推证线面平行，以及用向量法求二面角，属综合中档题.19. 某厂加工的零件按箱出厂，每箱有10个零件，在出厂之前需要对每箱的零件作检验，人工检验方法如下：先从每箱的零件中随机抽取4个零件，若抽取的零件都是正品或都是次品，则停止检验；若抽取的零件至少有1
15、个至多有3个次品，则对剩下的6个零件逐一检验.已知每个零件检验合格的概率为0.8，每个零件是否检验合格相互独立，且每个零件的人工检验费为2元.（1）设1箱零件人工检验总费用为元，求的分布列；（2）除了人工检验方法外还有机器检验方法，机器检验需要对每箱的每个零件作检验，每个零件的检验费为1.6元.现有1000箱零件需要检验，以检验总费用的数学期望为依据，在人工检验与机器检验中，应该选择哪一个？说明你的理由.【答案】（1）详见解析（2）应该选择人工检验，详见解析【解析】【分析】（1）根据题意，工人抽查的4个零件中，分别计算出4个都是正品或者都是次品，4个不全是次品的人工费用，得出的可能值，利用二项
16、分布分别求出概率，即可列出的分布列；（2）由（1）求出的数学期望，根据条件分别算出1000箱零件的人工检验和机器检验总费用的数学期望，比较即可得出结论.【详解】解：（1）由题可知，工人抽查的4个零件中，当4个都是正品或者都是次品，则人工检验总费用为：元，当4个不全是次品时，人工检验总费用都为：元，所以的可能取值为8，20，则的分布列为8200.41120.5888（2）由（1）知，所以1000箱零件的人工检验总费用的数学期望为元，因为1000箱零件的机器检验总费用的数学期望为元，且，所以应该选择人工检验.【点睛】本题考查离散型随机变量的实际应用，求离散型随机变量概率、分布列和数学期望，属于基础
17、题.20. 已知函数.（1）讨论在上的单调性；（2）若，求不等式的解集.【答案】（1）当时，则在上单调递增; 当时,的单调递减区间为，单调递增区间为;当时的单调递减区间为，单调递增区间为，;当时单调递减区间为，单调递增区间为；（2）.【解析】【分析】（1），分和讨论得出函数的单调性.(2) 原不等式等价于,又，当时，所以在上单调递增，从而可得出答案.【详解】（1）.当时，则在上单调递增.当时，令，得.（i）当时，令，得；令，得.所以的单调递减区间为，单调递增区间为.（ii）当时，令，得；令，得或.所以的单调递减区间为，单调递增区间为，.（iii）当时，令，得；令，得.所以的单调递减区间为，单调
18、递增区间为.（2）因为，所以，当时，所以在上单调递增.因为，所以原不等式等价于.因为，所以，解得，故所求不等式的解集为.【点睛】本题考查讨论函数的单调性和根据函数的单调性解不等式，属于中档题.21. 已知抛物线的焦点为，直线与抛物线交于两点.（1）若过点，抛物线在点处的切线与在点处的切线交于点.证明：点在定直线上.（2）若，点在曲线上，的中点均在抛物线上，求面积的取值范围.【答案】（1）证明见解析；（2）【解析】【分析】(1) 设，,设直线的方程为，与抛物线方程联立可得，求出抛物线在点处的切线方程，和在点处的切线方程，联立可得答案.(2) 设，的中点分别为，,可得，轴，的面积，从而可求出三角形
19、的面积的范围.【详解】（1）证明：易知，设，.由题意可知直线的斜率存在，故设其方程为.由，得，所以.由，得，则，直线的方程为，即，同理可得直线的方程为，联立，可得.因为，所以，故点在定直线上.（2）解：设，的中点分别为，.因为得中点均在抛物线上，所以为方程的解，即方程的两个不同的实根，则，即，所以的中点的横坐标为，则轴.则，所以的面积.由，得，所以，因为，所以，所以面积的取值范围为.【点睛】本题考查直线与抛物线的位置关系，抛物线的切线的相关问题，抛物线中三角形的面积的范围问题，属于难题.（二）选考题：共10分.请考生在第22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分.选修4-4：
20、坐标系与参数方程22. 在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（为参数），以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系（1）求曲线C的极坐标方程；（2）若点P的极坐标为，过P的直线与曲线C交于A，B两点，求的最大值【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）先将中的消去得普通方程，再利用可得极坐标方程；（2）先求出AB的参数方程，代入曲线C的普通方程，利用韦达定理及三角函数的性质可得的最大值.【详解】解：（1）由，得， 即，所以，即，故曲线C的极坐标方程为. （2）因为P的极坐标为，所以P的直角坐标为，故可设AB的参数方程为（为参数）.将代入，得， 设点对应的参数分别为，则， 所以， 故
21、的最大值为.【点睛】本题考查普通方程，参数方程，极坐标方程之间的互化，考查直线参数方程中参数几何意义的应用，是中档题.选修4-5：不等式选讲23. 已知函数.（1）若，求不等式的解集；（2）设函数的图象与x轴围成的封闭区域为，证明：当时，的面积大于.【答案】（1）；（2）证明见解析【解析】【分析】（1）对不等式进行零点分段讨论求解；（2）求出函数与x轴交点坐标，表示出三角形面积，根据求得面积即可得证.【详解】（1）若，不等式即：，当时，得，当时，得，当时，得，综上所述：即：不等式解集为；（2），该函数图象与x轴围成的封闭区域为三角形，其三个顶点为，该三角形面积：所以原命题得证.【点睛】此题考查求解绝对值不等式，利用零点分段讨论，根据三角形的面积证明不等式，关键在于准确求解顶点坐标，利用不等关系证明.
