1、江苏省南通、泰州、扬州、徐州、淮安、连云港、宿迁七市2020届高三物理下学期6月第三次调研试题（含解析）一、 单项选择题1.西晋的博物志杂说上记载：“今人梳头著髻时，有随梳解结有光者，亦有咤声。”这是关于摩擦起电产生火花并发出声音的记载。关于摩擦起电，下列说法中正确的是（）A. 两种不带电的绝缘体摩擦后，带等量异种电荷B. 摩擦起电，使质子从一个物体转移到另一个物体C. 摩擦能产生电子和质子D. 摩擦起电表明，电荷的总量并不守恒【答案】A【解析】【详解】由于不同物质对电子的束缚本领不同，两个不带电的物体摩擦时，对电子束缚本领强的物质就会得到电子带负电，而对电子束缚本领的弱物质就是失去电子带上等
2、量的正电荷，因此摩擦起电的本质是正负电荷的分离，并没有产生新的电荷，电荷是守恒的，总量保质不变，因此A正确，BCD错误。故选A。2.2020年5月5日，我国在海南文昌航天发射中心，用长征5B运载火箭将新一代国产载人飞船试验船送入预定轨道。试验船在近地点高度约为300 km、远地点高度约为18 000 km的椭圆轨道上运行。则该试验船（）A. 在近地点时的速度大于11.2 km/sB. 加速度小于地球表面的重力加速度C. 周期大于同步卫星的周期D. 在远地点的动能大于近地点的动能【答案】B【解析】【详解】A第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚跑到太阳系中运动的最小发射速度，在近地点的速度小于第二宇宙速
3、度，否则会脱离开地球束缚，A错误；B根据在运动过程中，到地心的距离都大于地球半径，因此加速度都小于重力加速度，B正确；C根据开普勒第三定律恒量由于轨道的半长轴小于同步卫星的轨道半径，因此运动周期小于同步卫星的运动周期，C错误；D根据开普勒第二定律，相同时间内扫过相同的面积，因此在远地点的速度小于近地点的速度，因此在远地点的动能小于近地点的动能，D错误。故选B。3.如图所示，一根两端开口、长为1 m的铜管竖直放置，把一个磁性很强的圆柱形磁体从管上端放入管中，磁体直径略小于铜管内径，磁体过了较长时间才从铜管下端落出，比自由落体慢了许多。则（）A. 磁体下落变慢，主要是因为磁体受到空气阻力作用B.
4、磁体下落变慢，主要是因为磁体受到金属铜的吸引C. 铜管内电流方向保持不变D. 铜管对磁体的作用力方向始终向上【答案】D【解析】【详解】磁体穿过铜管下落地过程中，穿过铜管的磁通量发生变化，铜管产生感应电流，根据楞次定律推论“来拒去留”，感应电流的磁场对磁体的作用力向上，从而导至磁体下落的时间变长，D正确，ABC错误。故选D。4.如图所示，水平地面上放置一斜面体，物体静止于斜面上。现对物体施加大小从零开始逐渐增大的水平推力F，直到物体即将上滑。此过程中斜面体保持静止，则（）A. 斜面对物体的摩擦力逐渐增大B. 斜面对物体的作用力逐渐增大C. 地面对斜面体的支持力逐渐增大D. 地面对斜面体的摩擦力先
5、减小后增大【答案】B【解析】【详解】A当水平推力等于0时，物体受斜面的摩擦力沿斜面向上，当水平推力F逐渐增大时，F沿斜面向上的分力逐渐增大，摩擦力逐渐减小，总有一时刻摩擦力会减小到零，再增大F，物体受摩擦力沿斜面向下又会逐渐增加，故A错误；B斜面对物体的作用力与物体所受重力和水平推力F的合力等大反向，随着推力F逐渐增大，重力与推力的合力逐渐增大，因此斜面对物体的作用力逐渐增大，故B正确；CD将物体与斜面体做为一个整体进行受力分析可知，随F逐渐增大，地面的支持力不变，地面对斜面体的摩擦力增大，故CD错误。故选B。5.拨浪鼓最早出现在战国时期，宋代时小型拨浪鼓已成为儿童玩具。四个拨浪鼓上分别系有长
6、度不等的两根细绳，绳一端系着小球，另一端固定在关于手柄对称的鼓沿上，现使鼓绕竖直放置的手柄匀速转动，两小球在水平面内做周期相同的圆周运动。下列各图中两球的位置关系可能正确的是（图中细绳与竖直方向的夹角r0时分子力表现为引力，当分子距离变大时，分子力做负功，则分子势能增大，分子间的作用力减小，故D正确。故选D。16.如图所示，在做托里拆利实验时，竖直的玻璃管内有些残存的空气，现将玻璃管竖直向上提少许，气体温度不变，忽略槽中水银面高度的变化， 则玻璃管向上提后管中水银面高度_（选填“上升”“下降”或“不变”），残存的空气压强_（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】 (1). 上升 (2).
7、减小【解析】【详解】1 在实验中，水银柱产生的压强加上封闭空气柱产生的压强等于外界大气压，如果将玻璃管向上提，则管内水银柱上方空气的体积增大，因为温度保持不变，所以压强减小，管内气体的压强为因为压强变小，所以h变大，即管内水银柱高度上升；2 综上分析，管内残存的空气压强减小。17.如图所示，一定质量的理想气体经历从状态ABCA过程，在状态C时气体的温度为T0，压强为p0，体积为V0，从状态 CA过程中气体对外做的功为4p0V0.，求： 气体在状态A时温度TA； 从状态ABCA的过程中，气体与外界交换的热量Q。【答案】 ； ，吸热【解析】【详解】 气体从BC过程中压强不变，由盖吕萨克定律得气体从
8、AB过程中体积不变，由查理定律得联立解得根据热力学第一定律有其中代入解得由于，所以吸热18.下列说法中正确的是_。A. 红外测温仪根据人体发射红外线强弱来判断体温高低B. 相同频率的机械波和电磁波叠加时也能发生干涉现象C. 雷电时发出的声光从空气传入水中波长均减小D. 高速运动的飞船中测得舷窗的长度比静止在地面上的该飞船中测得的短【答案】A【解析】【详解】A红外测温仪根据人体发射红外线强弱来判断体温高低，选项A正确；B机械波和电磁波是不同性质的波，即使频率相同叠加时也不能发生干涉现象，选项B错误；C雷电时发出的声从空气传入水中波速变大，波长变大；光从空气传入水中波速变小，波长变小，选项C错误；
9、 D高速运动飞船中，沿着速度的方向两点距离才变短，选项D错误。故选A。19.水平放置的单色线光源S发出的光有一部分直接射到竖直光屏上，一部分通过水平放置的平面镜反射后射到屏上，这两列光相遇时发生干涉形成明暗相间的条纹。若将屏向右平移，则相邻明条纹间距_（选填“增大”“减小”或“不变”）；若将线光源S向下平移，则相邻明条纹间距_（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】 (1). 增大 (2). 增大【解析】【详解】12光路如图；如果S被视为其中的一个缝，S经平面镜成的像S相当于另一个“缝”；根据可知，若将屏向右平移，则l变大，则相邻明条纹间距增大；若将线光源S向下平移，则d减小，则相邻明条纹
10、间距增大。20.如图所示，一根长为2L的发光条PQ 置于水平地面上，上面放有一折射率为n、半径为R的半球形玻璃，半球形玻璃的球心O位于PQ的中点处：若从P点发出的光能从半球的最高点射出，求折射角的正弦值sin；若从P点发出的光能从半球面上任意位置射出，PO间的距离L不超过多少？【答案】；【解析】【详解】光路如图，光线在A点的入射角的正弦为在A点由光的折射定律解得从P点射出的垂直于PQ的光线射到球面上时的入射角最大，若从P点发出的光能从半球面上任意位置射出，则满足 即四、计算题21.有一种儿童滑板车，轮子一转就闪闪发光。车轮里有磁体、线圈组成的简易发电系统，可对发光二极管供电。该发电系统简化为以
11、下模型：一电阻为R、边长为L的单匝正方形均匀线圈 abcd，处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。现对线圈施加一外力F，使线圈以角速度绕bc边匀速转动，产生正弦交流电。已知线圈质量为m，重力加速度为g，求：(1) 线圈在图示竖直位置时，产生的感应电动势大小E0及ad边受到的安培力大小FA；(2) 线圈从图示竖直位置转过90的过程中，通过线圈截面的电荷量q；(3) 在(2)的情况下，线框中产生的热量Q及外力F对线框做的功W。【答案】(1) E0=BL2；(2)； (3)；W=【解析】【详解】(1) 线圈产生的感应电动势E0=BL2形成的感应电流ad边受到的安培力FA=BIL解得(2)
12、 此过程产生的平均感应电动势平均感应电流则 解得(3) 产生电动势的有效值产生的热量解得根据动能定理有解得22.如图所示 ，长L=2.0 m、质量mA=1.0 kg的木板A静止在光滑水平面上，对木板施加大小F=3.0N、方向向右的水平拉力，同时在木板上某位置放一初速度v0=2.0 m/s、方向水平向右的小物块B，物块B的质量mB=1.0kg，在运动过程中物块B刚好未从木板A右端滑落。已知A、B间的动摩擦因数=0.10，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2，求：(1) 物块B刚放上木板A时，木板A、物块B的加速度大小aA、aB；(2) 物块B刚放上木板时离木板A右端的距离x；(3) 从物
13、块B刚放上木板A到离开木板的过程中，产生的热量Q及拉力F做的功W。【答案】(1) aA=4.0 m/s2 ；aB=1.0 m/s2；(2) 0.40 m；(3)2.4J；22.56 J【解析】【详解】(1)根据牛顿第二定律，对木板A有代入数据解得根据牛顿第二定律，对物块B有代入数据解得(2)设经过时间物块B刚好未从木板A右端滑落，此时A、B有共同速度，则有代入数据解得根据运动学公式和题意则有代入数据解得(3)从物块B刚放上木板A到离开木板的过程中，产生的热量为代入数据解得设B相对A向左滑动时，A的加速度为，相对A向左滑动的时间为，则有代入数据解得23.如图甲所示，平行金属板M、N水平放置，板长
14、L=m、板间距离d=0.20m。在竖直平面内建立xOy直角坐标系，使x轴与金属板M、N的中线OO重合，y轴紧靠两金属板右端。在y轴右侧空间存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小B=5.0103T的匀强磁场，M、N板间加随时间t按正弦规律变化的电压uMN，如图乙所示，图中T0未知，两板间电场可看作匀强电场，板外电场可忽略。比荷=1.0107C/kg、带正电的大量粒子以v0=1.0105m/s的水平速度，从金属板左端沿中线OO连续射入电场，进入磁场的带电粒子从y轴上的 P、Q（图中未画岀，P为最高点、Q 为最低点）间离开磁场。在每个粒子通过电场区域的极短时间内，电场可视作恒定不变，忽略粒子重力，求：
15、(1) 进入磁场的带电粒子在电场中运动的时间t0及在磁场中做圆周运动的最小半径r0；(2) P、Q两点的纵坐标yP、yQ；(3) 若粒子到达Q点的同时有粒子到达P点，满足此条件的电压变化周期T0的最大值。【答案】(1)3.46106 s；2.0 m；(2) 4.1 m；3.9 m；(3) 2.51104 s【解析】【详解】(1) 能从右侧离开电场的带电粒子在电场中运动的时间t0=代入数据得t0=3.46106 st=nT0（n=0、1、2）时刻射入电场的带电粒子不发生偏转，进入磁场做圆周运动的半径最小。粒子在磁场中运动时有qv0B=代入数据解得r0=2.0 m(2) 设两板间电压为U1时，带电
16、粒子刚好从极板边缘射出电场，则有q=ma，d=at代入数据解得U1=V在电压小于等于V时，带电粒子才能从两板间射出电场，电压大于V时，带电粒子打在极板上，不能从两板间射出。带电粒子刚好从极板边缘射出电场时，速度最大。设粒子恰好射出电场时速度为v，方向与x轴的夹角为，在磁场中做圆周运动的半径为r，则tan =，qvB=弦长D=2rcos 代入数据解得=30则有D=4.0 m从极板M边缘射出的带电粒子，在磁场中转过120，经过P点，则yP=D=4.1 m从极板N边缘射出的带电粒子，在磁场中转过240，经过Q点，则yQ=D=3.9 m(3)带电粒子在磁场中做圆周运动的周期T=，粒子到达Q点的同时有粒子到达P点，则这两个粒子开始运动的时间差为，到达Q点的粒子进入磁场的时刻可能是、到达P点的粒子进入磁场的时刻可能是、，当电压变化周期T0有最大值Tm时应满足的关系解得Tm=104 s=2.51104 s
