1、高三阶段性检测物理试题一、选择题（期中1-8题为单选题，9-12题为多选题）1. 甲、乙两物体所受的重力之比为1：2，甲、乙两物体所在的位置高度之比为2：1，它们做自由落体运动，则（）A. 落地时的速度之比是1：B. 落地时的速度之比是1：1C. 下落过程中的加速度之比是1：2D. 下落过程中的加速度之比是1：1【答案】D【解析】【分析】自由落体运动的加速度为g，根据v2=2gh求出落地的速度之比【详解】根据v2=2gh得，高度比为2：1，所以落地的速度比为，故AB错误；自由落体运动的加速度为g，与重力无关故加速度之比为1：1，故C错误，D正确所以D正确，ABC错误【点睛】解决本题的关键知道自
2、由落体运动的加速度为g，以及掌握自由落体运动的速度位移公式v2=2gh2. 如图是某跳水运动员最后踏板的过程：设运动员从高处落到处于自然状态的跳板(A位置)上，随跳板一同向下运动到最低点(B位置)对于运动员从A位置运动到B位置的过程中，下列说法正确的是：()A. 运动员到达最低点时处于失重状态B. 运动员到达最低点时处于超重状态C. 在这个过程中，运动员的速度一直在增大D. 在这个过程中，运动员的加速度一直在增大【答案】B【解析】【详解】运动员从A位置运动到B位置的过程中，重力不变，跳板形变越来越大，向上的弹力越来越大，加速度先向下减小后向上增大，D错速度先增大再减小，C错到达最低点时加速度向
3、上，处于超重状态，A错B对。故选B。3. 如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀加速直线运动，则关于两物体受力情况的说法正确的是( )A. 物体M可能受到6个力B 物体N可能受到4个力C. 物体M与墙之间一定有摩擦力D. 物体M与N之间一定有摩擦力【答案】D【解析】M、N两物体一起向上做匀加速直线运动，合力向上，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能向上，也就不可能有摩擦力；对N进行受力分析，得：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能向上，所以还受到M对N向上的静摩擦力，共3个力；再对M进行受力分析，得：M受到重力、推力F、N对M的压
4、力以及N给M沿斜面向下的静动摩擦力，一共4个力，故D正确，ABC错误；故选D4. 一块砖放在一足够长的倾斜木板上，砖能够加速下滑某时刻起，将板逐渐下放至水平，则砖受到的摩擦力大小的变化可能是：( )A. 一直增大B. 一直减小C. 先增大后减小D. 先减小再增大【答案】C【解析】【详解】设木板与水平面的倾角为，对物体进行受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的静摩擦力F，当物体在木板上下滑时，夹角继续减小，则有N=mgcos 与f=N=mgcos 所以有摩擦力增大；当在物体处于静止状态时，故垂直木板方向合力为零，则物块所受支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，故合
5、力不变因此，N=mgcos；在沿斜面方向有f=mgsin，由题意可知逐渐减小，故N逐渐增大，f逐渐减小A一直增大，与结论不相符，选项A错误；B 一直减小，与结论不相符，选项B错误；C先增大后减小，与结论相符，选项C正确；D先减小再增大，与结论不相符，选项D错误；故选C【点睛】本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进行受力分析，再进行正交分解，最后根据受力平衡写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况5. 如图质量相同分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在水平面上，现过a的轴心施
6、以水平作用力F，则（）A. 当F=G时，物体a恰好离开地面B. 从物体a恰好离开地面到物体被拉着开始沿物体b表面缓慢移动到最高位置的过程中，拉力F逐渐减小C. 从物体a恰好离开地面到物体被拉着开始沿物体b表面缓慢移动到最高位置的过程中，拉力F先减小后增大D. 从物体a恰好离开地面到物体被拉着开始沿物体b表面缓慢移动到最高位置的过程中，a、b间的压力先减小后增大【答案】B【解析】【详解】A 对于a球，受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得：， 得 ，根据数学知识可知 ，此时 ，A错误；BCD从30增大到90，F和N均逐渐减小，当 ，F有最大值为，N有最大值为2G ，B正确，C.D错误；
7、故选B。6. 完全相同的直角三角形滑块A、B，按如图所示叠放，设A、B接触的斜面光滑，A与桌面间的动摩擦因数为，现在B上作用一水平推力F，恰好使A、B一起在桌面上匀速运动，且A、B保持相对静止.则A与桌面间的动摩擦因数与斜面倾角的关系为( )A. B. C. D. 与无关【答案】A【解析】【详解】整体在水平方向上受推力和滑动摩擦力，有F=2mg隔离对B分析，B受到重力、推力F和支持力，根据共点力平衡，运用合成法，求得：mgtan=2mg，解得A. ，与结论相符，选项A正确；B. ，与结论不相符，选项B错误；C. ，与结论不相符，选项C错误；D. 与无关，与结论不相符，选项D错误；7. 如图所示
8、，光滑斜面的倾角为，轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦，物块A的质量为m，不计滑轮的质量，挂上物块B后，当动滑轮两边轻绳的夹角为时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为（）A. mB. mC. mD. 2m【答案】A【解析】【详解】先对A受力分析，如图，根据共点力平衡条件，有再对B受力分析，则有联立解得8. 水平面上静止放置一质量为M的木箱，箱顶部和底部用细线分别拴住质量均为m的小球，两球间有一根处于拉伸状态的轻弹簧，使两根细线均处于拉紧状态，如图所示现在突然剪断下端的细线，则从剪断细线开始到弹簧恢复原长以前，箱对地面的压力变化情况下列判断正确的是( )
9、A. 刚剪断细线瞬间，压力突然变大，以后箱对地面压力逐渐增大B. 刚剪断细线瞬间，压力突然变大，以后箱对地面压力逐渐减小C. 刚剪断细线瞬间，压力突然变小，以后箱对地面压力逐渐减小D. 刚剪断细线瞬间，压力突然变小，以后箱对地面压力逐渐增大【答案】B【解析】【详解】细线剪断前，箱子受重力、地面的支持力，箱内上面绳子向下的拉力，下面绳子向上的拉力四个力作用处于平衡，当剪断细线的瞬间，下面绳子的拉力突然消失，弹簧来不及发生形变，瞬间弹力不变，对上面球分析，根据平衡知，上面绳子拉力不变，则在此瞬间地面的支持力变大然后弹簧的弹力逐渐减小，上面绳子的拉力减小，所以地面对箱子支持力逐渐减小故B正确，ACD
10、错误故选B【点睛】解决本题的关键知道剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变通过隔离分析，抓住箱子合力为零，判断支持力的变化9. 一个静止的物体，在04s时间内受到力F的作用，力的方向始终在同一直线上，力F所产生的加速度a随时间的变化如图所示，则物体在（）A. 04s时间内做匀变速运动B. 第2s末位移改变方向C. 04s时间内位移的方向不变D. 4s末速度为零【答案】CD【解析】【详解】A04 s时间内，加速度不恒定，不是匀变速直线运动，选项A错误；BCD第2s末，加速度改变方向、速度最大；02s 物体做加速度方向与速度方向相同，做加速度变化的加速直线运动，速度增加量为02s内图象与横轴围成的面积；2
11、4 s，速度变化量与02s速度变化量大小相等方向相反，即第4s末的速度减小为0，方向不变，即04 s内位移方向不变，第4s末位移最大，则B错误，CD正确。故选CD。10. 如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于O点一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角90，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态下列说法正确的的是（ ）A. 绳OA的拉力一直增大B. 斜面对物块P摩擦力的大小可能先减小后增大C. 地面对斜面体有向右的摩擦力D. 地面对斜面体的支持力大于物块P和斜面体的重力之和【答
12、案】BD【解析】【详解】A.缓慢改变绳OA的方向至90的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示；可见OA的拉力先减小后增大，OP的拉力一直增大；故选项A错误；B.若开始时P受绳子的拉力比较小，则斜面对P的摩擦力沿斜面向上，OP拉力一直增大，则摩擦力先变小后反向增大，故选项B正确；C.以斜面和PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，选项C错误；D.以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据竖直方向受力平衡：N+Fcos=M斜g+MPg+MQg，由上图分析可知F的最大值即为MQg（当F竖直向上方向时），故F
13、cosMQg则NM斜g+MPg，故选项D正确；11. 如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面，物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v3，则下列说法正确的是（ ）A. 若v1v2，则v3=v2C. 不管v2多大，总有v3=v2D. 只有v1=v2，才有v3=v1【答案】B【解析】【详解】由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：如果v1v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v3=v
14、2；如果v1=v2，物体同样会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v3=v2；如果v1v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v3=v1；故选B。12. 如图甲所示，在水平地面上有一长木板B，其上叠放木块A，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力。用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法中正确的是（）A. A的质量为0.5kgB. B的质量为1.25kgC. B与地面间的动摩擦因数为0.2D. A、B间的动摩擦因数为0.2【答
15、案】AC【解析】【详解】由图可知，A、B二者开始时在地面保持静止，当拉力为3N时开始对地面滑动，故B与地面间的最大静摩擦力为3N；当拉力为9N时，AB相对滑动，此时A的加速度为；当拉力为13N时，B的加速度为；AB.对B受力分析，由牛顿第二定律可得对AB整体受力分析，由牛顿第二定律可得联立可得； A正确，B错误；C当拉力为3N时，B与地面间最大静摩擦力为3N，即解得C正确；D.对A受力分析，由牛顿第二定律可得解得D错误；故选AC。二、填空题13. 某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”
16、实验在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下：(1)若弹簧秤a、b间夹角为90，弹簧秤a的读数是_N(图2中所示)，则弹簧秤b的读数可能为_N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数_、弹簧秤b的读数_(填“变大”“变小”或“不变”)【答案】 (1). 3.00； (2). 4.00； (3). 变大； (4). 变大【解析】试题分析：（1）根据胡克定律可知，；根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为300N；两弹簧秤夹角为90，则可知，b的读数为：；（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，
17、减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角；如图所示；则可知两弹簧秤的示数均变大；考点：考查验证平行四边形定则的实验【名师点睛】由胡克定律可求得拉力大小；再根据弹簧秤的读数方法可明确对应的读数；根据几何关系即可求得b的读数；根据题意作出对应的图象，根据图象即可明确随夹角的变化两弹簧秤拉力的变化情况14. 某兴趣小组的同学利用如图所示的实验装置，测量木块与长木板之间的动摩擦因数，图中长木板水平固定：实验过程中，打点计时器应接在_（填“直流”或“交流）电源上，调整定滑轮的高度，使_；已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，砝码盘、砝码和木块的加速度大小为a，则木块与长木板之间的动摩擦因
18、数_；实验时，某同学得到一条纸带，如图所示，每隔四个计时点取一个计数点，即为图中0、1、2、3、4、5、6点。测得每两个计数点间的距离为cm，cm，cm，cm，cm，cm，打点计时器的电源频率为50Hz。计算此纸带的加速度大小a=_m/s2，打第4个计数点时纸带的速度大小v=_m/s。（保留两位有效数字）【答案】 (1). 交流 (2). 细线与长木板平行 (3). (4). 1.9 (5). 0.77【解析】【详解】12打点计时器使用交流电源，为零使绳子的拉力水平，需调整定滑轮的高度，细线与长木板平行3对整体分析，根据牛顿第二定律有mg-Mg=（M+m）a解得45连续相等时间内位移之差为1.
19、92cm，根据x=aT2得， 第4个计数点的瞬时速度等于3、5间的平均速度，则三、解答题15. 如图甲所示，A车原来临时停在一水平路面上，B车在后面匀速向A车靠近，A车司机发现后启动A车，以A车司机发现B车为计时起点(t=0)，A、B两车的vt图象如图乙所示已知B车在第1s内与A车的距离缩短了x1=12m.(1)求B车运动的速度vB和A车的加速度a的大小；(2)若A、B两车不会相撞，则A车司机发现B车时(t=0)两车的距离x0应满足什么条件？ 【答案】(1)12m/s，3m/s2 (2)x036m【解析】【详解】(1)在时A车刚启动，两车间缩短的距离：代入数据解得B车的速度：A车的加速度：将和
20、其余数据代入解得A车的加速度大小：(2)两车速度达到相等时，两车的距离达到最小，对应于图像的时刻，此时两车已发生的相对位移为梯形的面积，则：解得，因此，若A、B两车不会相撞，则两车的距离应满足条件：16. 如图所示，质量为m=0.5kg的物体用长为r=0.4m的细绳悬挂于O点。水平传送带AB以速度v=8m/s沿顺时针方向转动。现将物体向左上方拉至细绳与竖直方向夹角=60的位置由静止释放，物体摆到最低点时烧断细绳，之后物体恰好能无碰撞地滑上传送带的左端A点。同时，传送带开始做加速度大小为a=2m/s2的匀减速运动，直到停止。已知小滑块与传送带之间的动摩擦因数为=0.1，不计空气阻力，重力加速度g
21、=10m/s2。求：(1)静止释放物体时，细绳上的张力大小；(2)物体滑上传送带左端A点时的速度vA；(3)若物体最终恰好能够到达传送带的右端B点，则传送带上AB两点的距离为多少？物体在传送带上留下的划痕为多长。【答案】(1)2.5N；(2)2m/s；(3)14m；6m【解析】【详解】(1)静止释放的瞬间，由向心力公式得解得(2)物体下摆过程，由动能定理得解得 (3)物体冲上传送带后向右匀加速运动，由牛顿第二定律可得设经时间，物体与传送带速度相同，由匀变速直线运动规律可得解得此时，物体的位移传送带的位移相对位移达共速后，因为ga，所以物体与传送带分别做匀减速运动，传动带先停止运动，之后物体继续匀减速直到它也停下，由题意知，此时物体恰好到达B点。达共速到分别停下的过程中，物体的位移为传送带的位移为相对位移所以划痕长度
