1、天津市津南区小站第一中学2020-2021学年高二物理上学期第三次月考试题（含解析）一、单选题1. 关于元电荷的解释，下列说法正确的是（）A. 元电荷就是电子或质子B. 元电荷就是可以忽略形状和大小的电荷C. 元电荷的值是1CD. 物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍【答案】D【解析】【分析】【详解】AB元电荷是最小电荷量，等于质子或者电子所带电荷量，不是带电微粒，因此AB错误；C元电荷的电荷量是，C错误；D物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍，D正确；故选D。2. 带电荷量分别为4Q和-6Q的两个相同的金属小球，相距一定距离r时，相互作用力大小为F。若只将它们的距离变为2r，则相互作用力大小
2、变为（）A. 2FB. 4FC. D. 【答案】C【解析】【分析】【详解】两金属小球相距一定距离r时，库仑力为若只将它们的距离变为2r，则相互作用力大小为故选C。3. 下述说法中正确的是（）A. 根据，可知电场中某点的场强与电场力成正比B. 根据场强叠加原理，可知合电场场强一定大于分电场的场强C. 根据，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比D. 根据，当两个电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向于无穷大【答案】C【解析】【分析】【详解】A电场中某点的电场强度与试探电荷的电荷量以及所受的电场力的大小无关，故A错误；B电场强度是矢量，遵从矢量合成法则，所以合场强的大小不一定大于分电场的
3、场强大小，故B错误；C公式是电场强度的决定式，由公式可知点电荷激发的电场中，某点处的场强，与场源电荷的电荷量成正比，故C正确；D实际中带电体，都有一定的大小，所以电荷之间的距离，并不能趋近于零，静电力也不会趋向于无穷大，故D错误。故选C。4. 在一条电场线上有A、B、C三点，把一个正电荷q=310-6C，从A点移到B点，电场力做功610-6J，从B点移到C点克服电场力做功7.510-6J，在A、B、C三点中，电势最高和最低的点分别是（）A. B点和A点B. A点和C点C. B点和C点D. C点和B点【答案】D【解析】【分析】【详解】由可知由可知则可知故选D。5. 对公式E和UABEd的理解，下
4、列说法正确的是（）A. 由E知，匀强电场中A、B两点沿电场线的距离越大，则电场强度越小B. 公式UABEd适用于计算任何电场中A、B两点间的电势差C. 公式中的d是匀强电场中A、B所在的两等势面之间的距离D. 由UABEd知，A点和B点间距离越大，则这两点的电势差越大【答案】C【解析】【分析】【详解】A场强的大小是由电场本身决定的，与U、d无关，故A错误；B公式UAB=Ed中，E只有是定值才能求解电势差，所以可知此公式只适用于匀强电场，故B错误；C公式中的d是匀强电场中a、b沿电场线方向的距离，也可以是这两点所在的两等势面之间的距离，故C正确；D在同一匀强电场中，公式U=Ed中，d是两点间沿电
5、场线方向的距离，所以只有当两点间沿场强方向的距离越大时，两点间电势差也越大，而不是任意两点间的距离越大，两点间电势差也越大，故D错误。故选C。6. 电荷在导体中定向移动形成电流一段导体中的电流是2.0A，在30s内通过这段导体横截面的电荷量是（）A. 20CB. 40CC. 60CD. 80C【答案】C【解析】【分析】【详解】由q=It可知，通过这段导体横截面的电荷量故选C。7. 两根材料相同的粗细均匀导线甲和乙，其横截面积之比为13，阻值之比为32，则导线甲、乙的长度之比为（）A. 13B. 12C. 23D. 31【答案】B【解析】【分析】【详解】ABCD由导体电阻的决定式可知，导线长度，
6、则导线甲、乙的长度之比故B正确，ACD错误。故选B。8. 下列关于磁感应强度的方向和电场强度的方向的说法中，不正确的是（）A. 电场强度的方向与电荷所受的电场力的方向相同B. 电场强度的方向与正电荷所受的电场力的方向相同C. 磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同D. 磁感应强度的方向与小磁针静止时N极所指的方向相同【答案】A【解析】【分析】【详解】电场强度的方向就是正电荷所受的电场力的方向，磁感应强度的方向是小磁针N极所受磁场力的方向或小磁针静止时N极所指的方向。故选A。9. 如图所示，一束带负电粒子沿着水平方向向右飞过磁针正上方，磁针N极将（）A. 向纸内偏转B. 向纸外偏转C.
7、 不动D. 无法确定【答案】B【解析】【分析】【详解】一束带负电粒子沿着水平方向向右飞过磁针正上方，形成向左的电流，根据右手定则可知，磁针所处位置磁场垂直直面向外，故磁针N极将向纸外偏转。故选B。10. 关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是A. 位于磁场中的闭合线圈一定会产生感应电流B. 闭合线圈平行磁感线运动时，线圈中一定产生感应电流C. 穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，一定能产生感应电流D. 闭合线圈垂直磁感线运动时，线圈中一定产生感应电流【答案】C【解析】【分析】【详解】根据法拉第电磁感应定律可知，只有穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，才能产生感应电流，故选C.二、多选题11. 如图所
8、示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中轨迹从A运动到B，则（）A. B点比A点电势高B. 粒子动能减少C. 粒子电势能减少D. 粒子加速度增大【答案】BD【解析】【分析】【详解】A沿着电场线方向电势逐渐降低，则可知B点比A点电势低，故A错误；BC粒子仅在电场力作用下，根据曲线运动条件可知，带电粒子所受电场力方向指向轨迹凹侧，与电场线方向相反，则可知带电粒子带负电，则从A运动到B电场力做负功，动能减小，电势能增大，故B正确，C错误；D由电场线的疏密可知，A点场强比B点小，则粒子在A点所受电场力比B点小，故从A运动到B，粒子加速度增大，故D正确。故选BD。12. 如图所示，平行板电容器A、B间有一
9、带电油滴P正好静止在极板正中间，现将B极板向下移动到虚线位置，其他条件不变。则（）A. 极板带的电荷量减少B. 在B极板移动过程中电流计中有由b流向a的电流C. 油滴运动的电势能将增大D. 油滴将向上运动【答案】AC【解析】【分析】【详解】D将B极板向下移动到虚线位置时，两极板的距离增大，由于板间电势差U不变，根据可知，极板间的电场强度减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下加速。故D错误。AB电容器板间距离增大，则电容减小，而板间电压U不变，则由Q=CU可知，电容器所带电荷量减小，开始放电，上极板带正电，则知电流计中电流由a流向b。故B错误，A正确。C油滴向下运动时电场力做负功，其电势能将增大
10、，故C正确。故选AC。13. 如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片 P 向右滑动时，下列说法正确的有（）A. 电压表V的示数减小B. 电流表A1的示数增大C. 电流表 A2的示数减小D. 小灯泡L变亮【答案】AB【解析】【分析】【详解】当滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，路端电压减小，故电压表示数减小，电流表A1的示数增大；并联部分电压减小，故灯泡变暗，流过的电流减小；由并联电路中总电流等于各支路电流之和可知，流过电流表A2的电流增大，故AB正确，CD错误。故选AB。14. 一个直流电动机所加电压为U，电流为I，线圈内阻为R，当它工作时，
11、下述说法中错误的是（）A. 电动机的输出功率为B. 电动机发热功率为I2RC. 电动机的输出功率为IUI2RD. 电动机的功率可写作IU=I2R=【答案】AD【解析】【分析】【详解】A电动机的总功率为P=UI，由于是非纯电阻电路，故则故AD错误；B电动机的发热功率，根据焦耳定律得故B正确；C电动机的输出功率故C正确；本题选错误的，故选AD。第II卷（非选择题）三、实验题15. (1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为L=_mm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为D=_mm。【答案】 (1). 1.80 (2). 2.960【解析】【分析】【详解】(1)1
12、游标为20分度，其测量精度为0.05mm，则游标卡尺的读数：游标卡尺主尺读数为1mm，游标读数为160.05mm=0.80mm 所以最终读数为1.80mm。(2)2螺旋测微器固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为46.00.01mm=0.460mm，最终读数为d=2.5mm+0.460mm=2.960mm。16. 某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：(1)用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为1k、100、10、1.该同学选择“100”挡，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大（指针位置如图中虚线所示）。为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步
13、骤：A换用“_”挡； B两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 处；C重新测量并读数，某时刻刻度盘上指针位置如图中实线所示，测量结果是_。 (2)该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值，除被测电阻外，还有如下实验仪器：A直流电源（电动势3 V，内阻不计）B电压表V1 （量程05 V，内阻约为5 k）C电压表V2 （量程015 V，内阻约为25 k）D电流表A1（量程025 mA，内阻约为1 ）E电流表A2（量程0250 mA，内阻约为0.1 ）F滑动变阻器一只，阻值020 G开关一只，导线若干在上述仪器中，电压表应选择_（选填“V1”或“V2”），电流表应选择_（选填“A1”或“A2”）。请
14、在虚线框内画出电路原理图（电表用题中所给的符号表示）。 （ ）【答案】 (1). 换用“10”挡 (2). 120 (3). V1 (4). A1 (5). 【解析】【分析】【详解】(1)12指针偏转角度太大，说明选择的倍率偏大，因此应选用较小的倍率，将“100”挡换为“10”挡；欧姆表的读数为指针所指的欧姆数乘倍率，即电阻为1210 120 。(2)345由于电源电动势只有3 V，所以电压表选择量程为05 V的电压表V1；因电路中的最大电流约为Im25 mA所以电流表选用量程为025 mA的电流表A1；由于滑动变阻器的最大阻值小于待测电阻的阻值，所以控制电路应选用分压式接法；因待测电阻的阻值
15、远大于电流表内阻，应选用电流表内接法，电路原理图如图所示。17. 测定电源的电动势和内电阻的实验电路和图像如下，回答下列问题：(1)如图所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器滑动头P应放在_处(2)现备有以下器材：A.干电池1个B.滑动变阻器（050）C.滑动变阻器（01750） D.电压表（03V）E.电压表（015V）F.电流表（00.6A）G.电流表（03A）其中滑动变阻器应选_，电流表应选_，电压表应选_。（填字母代号）(3)如图是根据实验数据画出的图像。由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。【答案】 (1). a (2). B (3). F (4). D (5).
16、1.5 (6). 1【解析】【分析】【详解】(1)1在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在a处，使滑动变阻器的阻值最大。(2)2为了操作方便，滑动变阻器应选B。3干电池的最大电流不宜超过0.6A，故电流表选F。4干电池电压为1.5V左右，电压表应该选择D。(3)5题中 图像的纵截距即为电池的电动势，为1.5V。6题中 图像的斜率的绝对值即为电池的内阻，大小为四、解答题18. 如图所示，轻质绝缘细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在竖直放置的平行金属板A、B间，绳与竖直方向的夹角=37。已知A、B两板间的电势差U = 90V，板间距离d=3cm，取重力加速度
17、g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：(1)平行金属板A、B间电场强度E的大小；(2)带电小球的比荷（电荷量与质量之比）。【答案】(1) 3000V/m；(2) 2.510-3C/kg【解析】【分析】【详解】(1)两板间的电场强度为：(2)小球受竖直向下的重力，水平向右的电场力，以及绳子的拉力，三力平衡，根据共点力平衡条件可得：解得C/kg19. 如图所示电路，电源电动势E=2V、内阻，定值电阻，闭合开关S后，理想电压表V的示数为1.2V，此时电动机恰好正常工作，求：（1）开关S闭合前后，通过定值电阻R的电流大小的比值；（2）电动机正常工作时消耗的功率。【答案】(1)1
18、.25；(2)0.48W【解析】【分析】【详解】解：(1)开关S闭合前，定值电阻R中电流，由闭合电路的欧姆定律E=I（R+r）得开关S闭合后开关S闭合前后，定值电阻R中的电流比值(2)开关S闭合后，外电路中的总电流I总=电动机中的电流I机=I总I2=0.4A电动机正常工作时消耗的功率，由电功率公式P=IU可得P机= I机U1 =0.41.2W=0.48W20. 如图所示，在平面直角坐标系xoy的第二象限中存在水平向右的匀强电场，电场强度大小为E，在第一象限内有竖直向下的匀强电场，电场强度大小也为E。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从P点由静止开始沿PQ运动，P点坐标为（-d，d），粒子从Q点进入第一象限的电场区域，从x轴上的M点离开电场，M点未画出。不计粒子重力。求：(1)粒子运动到Q点的速度大小vQ；(2)M点横坐标；(3)粒子从M点离开电场时速度方向与x轴正方向的夹角。【答案】(1)；(2)；(3)45【解析】【分析】【详解】(1)粒子从P到Q过程中，根据动能定理可得：解得：(2)粒子在第一象限内，沿x轴方向上做匀速直线运动在沿y轴方向上做初速度为零的匀加速直线运动过程中的加速度为解得(3)y轴方向上的速度粒子从M点离开电场时速度方向与x轴正方向的夹角的正切值为解得=45
