1、通辽市2020届高三增分训练理科综合（三）物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14题只有一项符合题目要求，第58题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，虚线是小球由空中某点水平抛出的运动轨迹，A、B为其运动轨迹上的两点。小球经过A点时，速度大小为10m/s、与竖直方向夹角为60；它运动到B点时，速度方向与竖直方向夹角为30，不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2。下列说法中正确的是（）A. 小球通过B点的速度为12m/sB. 小球的抛出速度为5m/sC. 小球从A点运动到B点的时间为1sD.
2、A、B之间的距离为6m【答案】C【解析】【详解】AB根据平行四边形定则知，小球平抛运动的初速度为再结合平行四边形定则知，小球通过B点的速度为选项AB错误；C小球在A点时竖直分速度为在B点的竖直分速度为则小球从A点到B点的时间为选项C正确；DA、B之间的竖直距离为A、B间的水平距离为根据平行四边形定则知，A、B之间的距离为选项D错误。故选C。2.如图所示，质量相等的物块A、B叠放在光滑水平面上两轻质弹簧的一端固定在竖直墙壁上，另一端分别与A、B相连接两弹簧的原长相同，与A相连的弹簧的劲度系数小于与B相连的弹簧的劲度系数开始时A、B处于静止状态现对物块B施加一水平向右的拉力，使A、B一起向右移动到
3、某一位置又处于静止状态（A、B无相对滑动，弹簧处于弹性限度内），撤去这个拉力后A. A受到的合力总等于弹簧对B的弹力B. A受到的合力总大于弹簧对B的弹力C. A受到的摩擦力始终与弹簧对它的弹力方向相同D. A受到的摩擦力与弹簧对它的弹力方向有时相同，有时相反【答案】C【解析】【详解】A、B一起移动到最右端时没有发生相对滑动，说明最大静摩擦力大于弹簧A的弹力，撤去拉力后如果整体保持相对静止时所以撤去拉力后弹力不足以提供加速度，所以A所受静摩擦力方向水平向左，则A BD错误；C正确。故选C。3.半径为R的圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，O是圆心，P是磁场边缘上的一点在P处的粒
4、子源沿不同方向、以相同的速率不断向磁场中释放出相同的带电粒子，粒子质量、带电量不计重力和粒子间的相互作用，各带电粒子穿出磁场时，P点与出射点间的最大距离为由此可知（ ）A. 带电粒子在磁场中做圆周运动的半径等于B. 带电粒子进入磁场时的速度大小C. 从离P点最远处射出的带电粒子在磁场中运动方向偏转了D. 由于洛伦兹力不做功，带电粒子在磁场中运动时动能和动量都保持不变【答案】B【解析】【详解】A当入射点与出射点分别在直径的两端时距离最大，则即选项A错误；B根据可知选项B正确；C从距离P最远点射出的粒子在磁场中偏转的角度为180，选项C错误；D由于洛伦兹力不做功，带电粒子在磁场中运动时动能保持不变
5、，但是由于速度方向改变，则动量改变，选项D错误；故选B。4.在平直的公路上，一辆汽车在牵引力作用下从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到某一值时汽车做匀速直线运动。若汽车所受阻力恒定，则汽车功率P随时间t变化的关系可能是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】汽车在匀加速阶段，根据牛顿第二定律物体的速度加速阶段的功率所以加速阶段的P-t图线是过原点的倾斜直线；速度达到某一值时汽车做匀速直线运动，牵引力突然减小，使牵引力等于阻力，速度不变，可知所以功率突然减小，然后不变故C正确，ABD错误。故选C。5.如图，倾角为30的粗糙绝缘斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和顶端B分别固定等量
6、的同种负电荷。质量为m、带电荷量为的物块从斜面上的P点由静止释放，物块向下运动的过程中经过斜面中点O时速度达到最大值，运动的最低点为Q（图中没有标出），则下列说法正确的是（ ）A. P，Q两点场强相同B. C. P到Q的过程中，物体先做加速度减小的加速，再做加速度增加的减速运动D. 物块和斜面间的动摩擦因数【答案】CD【解析】【详解】ABD物块在斜面上运动到O点时的速度最大，加速度为零，又电场强度为零，所以有所以物块和斜面间的动摩擦因数，由于运动过程中所以物块从P点运动到Q点的过程中受到的合外力为电场力，因此最低点Q与释放点P关于O点对称，则有根据等量异种点电荷产生的电场特征可知，P、Q两点的
7、场强大小相等，方向相反，故AB错误，D正确；C根据点电荷的电场特点和电场的叠加原理可知，沿斜面从P到Q电场强度先减小后增大，中点O的电场强度为零。设物块下滑过程中的加速度为a，根据牛顿第二定律有，物块下滑的过程中电场力qE先方向沿斜面向下逐渐减少后沿斜面向上逐渐增加，所以物块的加速度大小先减小后增大，所以P到O电荷先做加速度减小的加速运动，O到Q电荷做加速度增加的减速运动，故C正确。故选CD。6.2018年4月2日，中国首个空间实验室“天宫一号”坠入大气层焚毁天宫一号是中国首个“目标飞行器”，其主要目的在于和神舟飞船（称“追踪飞行器”）配合完成交会对接飞行测试，为建设空间站积累经验其在轨工作1
8、630天，失联759天，在地球引力下轨道高度不断衰减，最终于4月2日早晨8点15分坠入大气层焚毁据报道，该次坠落没有造成任何危险天宫一号空间实验室于2011年9月29日在酒泉发射升空，设计寿命两年，轨道平均高度约为350km作为中国空间站的前身，在役期间，天宫一号先后与神舟八号、九号、十号飞船配合完成六次交会对接任务，共计接待6名航天员，完成多项科学实验设“天宫一号”飞行器的轨道半径为r，地球表面重力加速度为g，地球半径为R，地球自转周期为T，对于“天宫一号”在服役运行过程中，下列说法正确的是A. 根据题中数据，可求出地球的质量，地球质量也可表达为B. “神州八号”飞船与“天宫一号”进行对接时
9、，“神州八号”飞船需要从低轨道加速C. “天宫一号”飞行器运动的周期是D. 天宫一号的航天员在一天内可以看到日出的次数是【答案】BD【解析】【详解】A根据因天宫一号的周期未知，题中给出的是地球自转周期，则不能求解地球质量，可根据求解地球质量选项A错误；B“神州八号”飞船与“天宫一号”进行对接时，“神州八号”飞船需要从低轨道加速，然后进入高轨道实现对接，选项B正确；C根据可知“天宫一号”飞行器运动的周期是选项C错误；D天宫一号的航天员每转一周即可看到一次日出，一天转的圈数是则在一天内可以看到日出的次数是选项D正确；故选BD.点睛：利用万有引力提供向心力和行星表面附近重力等于万有引力（也称黄金代换
10、）求解天体间运动，是本章解题的基本思路；知道卫星变轨的方法是从低轨道加速进入高轨道，或者从高轨道制动进入低轨道7.为了测量某化工厂污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左、右两端开口，在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U，若用Q表示污水流量（单位时间内流出的污水体积），下列说法中正确的是（ ）A. M板电势一定高于N板的电势B. 污水中离子浓度越高，电压表的示数越大C. 污水流动的速度越大，电压表
11、的示数越大D. 电压表的示数U与污水流量Q成正比【答案】ACD【解析】A项，根据左手定则知负离子所受洛伦兹力方向向下，正离子所受洛伦兹力方向向上，所以M板电势一定高于N板的电势，故A正确；B、C项，最终离子处于平衡，故电场力等于洛伦兹力，根据牛顿第二定律有 ，解得 ，所以与离子的浓度无关，与污水流动的速度成正比，故B项错误，C项正确D项，根据 ，则流量 ，即 ，故电压表示数与污水流量成正比，故D项正确综上所述本题正确答案为ACD8.如图(a)所示，两个带正电的小球A、B（均可视为点电荷）套在一根倾斜的光滑绝缘直杆上，其中A球固定，电荷量QA=2.0104C，B球的质量m=0.1kg以A为坐标原
12、点，沿杆向上建立直线坐标系，B球的总势能（重力势能与电势能之和）随位置x的变化规律如图(b)中曲线I所示，直线为曲线I的渐近线图中M点离A点距离为6m令A所在平面为参考平面，无穷远处电势为零，重力加速度g取10m/s2，静电力恒量k=9.0l09Nm2/C2，下列说法正确的是（ ）A. 杆与水平面的夹角=60B. B球的电荷量QB=1.0105CC. 若B球以4J的初动能从M点沿杆向上运动，到最高点时电势能减小2JD 若B球从离A球2m处静止释放，则向上运动过程中加速度先减小后增大【答案】BCD【解析】【详解】A、渐进线表示B的重力势能随位置的变化关系，即，则有，解得，故A错误；B、由图乙中的
13、曲线知，在x=6m出总势能最小，动能最大，该位置M点受力平衡，则有，解得，故B正确；C、M点的电势能 EP1=E总-EP=E总-mgx1sin=6-0.11060.5=3J，在M点B球总势能为6J，根据能量守恒定律，当B的动能为零，总势能为10J，由图可知，总势能为10J时，有：x2=18m，此时的电势能为：EP2=E总-EP=E总-mgx2sin=10-0.110180.5=1J，所以电势能的变化为：EP=EP1-EP2=3-1=2J故C正确； D、由于B球在位置M点受力平衡，B球从离A球2m处静止释放，从A到M的过程中，根据牛顿第二定律可知，库仑力减小，向上运动过程中加速度大小减小；从M继
14、续向上运动过程中，根据牛顿第二定律可知，库仑力减小，向上运动过程中加速度大小增大，所以B球的加速度也先减小后增大，故D正确。故选BCD二、非选择题：共62分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1316题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9.图甲为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻，表头电流表G的量程为01mA，内阻，B为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，分别为直流电压3V挡和15V挡，直流电流5mA挡和1A挡，欧姆“”挡。(1)图甲中A端与_（填“红”或“黑”）色表笔相连接(2)
15、根据题给条件可得。_，_，_。(3)某次测量时该多用电表指针位置如图乙所示，若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为_；若此时B端是与“3”相连的，则读数为_。【答案】 (1). 黑 (2). 50 (3). 2800 (4). 12000 (5). 0.52A (6). 1400【解析】【详解】(1)1由图甲所示电路图可知，B端与欧姆表内置电源的负极相连，B端为红表笔，A端为黑表笔。(2)2由图甲所示电路图可知，开关S接位置1时，分流电阻较小，此时电流挡的大量程1A挡；S接位置2时，电流挡为5mA挡。根据图甲所示电路图，由欧姆定律可知3由图甲所示电路图可知，开关S接位置4时，为直流电压3
16、V挡，有4开关S接位置4时，为直流电压15V挡，有(3)5若B端是与“1”相连的，电流表量程为1A，分度值是0.02A，多用电表读数为0.02A26=0.52A6若此时B端是与“3”相连，多用电表测电阻，由图示可知，指针指在14的位置，则读数为14100=140010.为了探究加速度与合外力的关系，甲、乙、丙、丁四个实验小组分别采用图甲、图乙、图丙、图丁所示的实验装置，小车总质量用M表示(乙图中M包括小车与传感器，丙图中M包括小车和与小车固连的小滑轮)，钩码总质量用m表示丁组同学先按图丁将木板有定滑轮的一端垫起，调整木板倾角，使小车恰好带着钩码和纸带一起沿木板向下匀速运动，再保持长木板的倾角不
17、变，取下细绳和钩码，然后接通电源释放小车，使之由静止开始加速运动并在纸带上打点，如图戊所示重力加速度g已知，试回答下列问题：（1）甲、乙、丙三组实验必须平衡小车和长木板之间的摩擦力的实验小组是_（填“甲”“乙”“丙”）（2）甲、乙、丙、丁四组实验时必须满足“Mm”的实验小组是_ （填“甲”“乙”“丙”“丁”）（3）实验时各组同学的操作均完全正确，甲、乙、丙三组同学作出的a-F图线如图己所示（乙组同学所用F为传感器读数，丙组同学所用F为弹簧测力计示数），则甲、乙、丙三组实验对应的图线依次是_（填“A”“B”“C”）（4）实验时丁组同学操作的小车加速下滑受到的合力F=_，该组同学在保持小车质量不变
18、的情况下，通过调整改变小车所受合力，多次实验，由实验数据作出的a-F图线如图庚所示，则小车质量为_kg【答案】 (1). 甲乙丙 (2). 甲 (3). CBA (4). mg (5). 2【解析】（1）本实验探究当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力的关系，所以三个实验小组都需要平衡摩擦力，即甲乙丙都需要平衡摩擦力，（2）乙和丙绳子的拉力可以由弹簧测力计和力传感器直接得到，不需要用重物的重力代替，所以乙丙两组不需要满足Mm，而甲组用重物的重力代替绳子的拉力，要满足Mm，（3）甲组用重物的重力代替绳子的拉力，要满足Mm，随着m的增大，不满足Mm时，图象出现弯曲，所以甲组对应的是C，根据
19、装置可知，乙图中小车受到的拉力大于弹簧测力计的示数，丙图中受到的拉力等于力传感器的示数，当F相等时，乙组的加速度大，所以乙组对应B，丙组对应A，（4）平衡摩擦力后，小车加速下滑时受到的合力F=mg；由牛顿第二定律得：a=F，由图2（C）所示的aF图线可知：图象斜率：k=，则小车的质量：M=2kg11.如图所示，半径为R=0.4m半圆形绝缘光滑轨道BC与水平绝缘轨道AB在B点平滑连接，轨道AB上方有电场强度大小为E=1.0104N/C，方向向左的匀强电场。现有一质量m=0.1kg、电荷量q=+1.010-4C的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，若带电体恰好可以沿圆弧轨道运动到C
20、点，并在离开C点后，落回到水平面上的D点（图中未画出），重力加速度g=10m/s2。求：(1)带电体运动到圆弧轨道B点时对轨道的压力大小；(2)带电体落回到水平面上的D点到B点的距离。【答案】(1)6.0N；(2)0【解析】【详解】(1)带电体通过C点的速度为vC，则根据牛顿第二定律有设带电体通过B点的速度为vB，设轨道对带电体的支持力大小为N，带电体在B点时，根据牛顿第二定律得带电体从B运动到C的过程，根据动能定理得联立解得N=6.0N根据牛顿第三定律知，带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小(2)设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点的时间为t，根据运动的分解有水平方向的距离解得1
21、2.如图所示，倾角为=37的足够长的斜面固定在水平面上，斜面上放一长度为L=4m、质量M=2kg的木板，M与斜面间的动摩擦因数1=0.5，木板在沿斜面向下的恒力F=8N的作用下从静止开始下滑，经时间t1=1s，将一质量为m=1kg的可视为质点的物块无初速地轻放在木板的最下端，物块与木板间的动摩擦因数2=0.25，当物块与木板速度相同时撤去恒力F，最终物块会与木板分离。（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，不计空气阻力）试求：(1)t1=1s时木板速度的大小；(2)物块从放上木板到与木板分离所经历的时间（结果可用根式表示）。【答案】(1)v=6m/s；(2)(1.2+)s【
22、解析】【详解】(1)设物块没放时，木板加速下滑的加速度大小为a，则有解得t1=1s时木板速度的大小设为v，则解得v=6m/s(2)物块放到木板上后到达相同速度前，设木板的加速度大小为，物块的加速度的大小为，对木板M有解得对物块m有解得设经时间t2物块与木板速度相同且为，则有解得t2=12s=9.6m/s设时间t2内木板和物块的位移分别为x1和x2，则有由于，故物块不能从木板上端分离。因为，所以同速后物块相对于木板下滑，设同速后木板的加速度大小为，物块的加速度的大小为，则有解得设经时间t3物块与木板分离，时间t3内木板和物块的位移分别为和，则有，解得t3=s所以物块从放上木板到与木板分离所经历的
23、时间t=t2+t3=(1.2+)s【物理选修3-3】13.【物理选修33】某种密闭气缸内装有一定质量的理想气体，气体从状态开始，经历四个过程回到初始状态，其图象如图所示，其中平行纵轴，平行，平行横轴，所在的直线过坐标原点，下列判断正确的是A. 过程中气体分子的平均动能不变B. 过程中气体对外做功，并吸收热量C. 过程中气体向外界放出热量D. 过程中气体的压强与摄氏温度成正比E. 两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数【答案】ABE【解析】【详解】过程中温度不变，气体分子的平均动能不变，A正确；过程中斜率减小，体积增大，气体对外做功，温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，
24、气体吸收热量，B正确；过程中斜率减小，体积增大，气体对外做功，温度升高，内能增大，由热力学第一定律知，气体吸收热量，C错误；过程中气体的压强与热力学温标成正比，D错误；两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数，E正确14.如图所示，竖直放置的导热U形管，右侧管比左侧管长9cm，管内径为左侧管的两倍，左侧管上端封闭一定长度的空气柱（可视为理想气体)，右侧管上端开口开始时与大气相通，当环境温度为t0=27C时，左侧管中空气柱高h0=50cm，左侧管中水银面比右侧管中水银面高H=15cm，外界大气压强p0=75cmHg。(1)求环境温度升高到多少摄氏度时，两侧水银面等高；(2)如图
25、环境温度保持不变，而在右侧管中用活塞封住管口，并慢慢向下推压，最终使左侧空气柱长度变为30cm，求活塞下推的距离。【答案】(1)；(2)【解析】【详解】(1)由题意可知，由于右侧管内径为左侧管的两倍，故其横截面积为左侧管的4倍，由数学关系可知当两侧水银面等高时，两端气体压强相等，均等于大气压强，设左侧管水银下降h，则有解得故此时左侧水银柱长度为62cm，由理想气体状态方程可得解得对应的摄氏温度为(2)环境温度保持不变，而在右侧管中用活塞封住管口，并慢慢向下推压，最终使左侧空气柱长度变为30cm，由玻意耳定律可得解得此时气体压强为此时由比例关系可知右侧水银面与原来相比下降5cm，对右侧气柱原态：
26、长度为压强为，温度为300K，设活塞下移x，则现在压强为气体高度由玻意耳定律可得解得【物理选修3-4】15.下列说法中正确的是A. 军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象B. 机械波和电磁波在介质中的传播速度仅由介质决定C. 拍摄玻璃橱窗内物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃反射光的影响D. 假设火车以接近光速通过站台时，站台上旅客观察到车上乘客在变矮E. 赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在【答案】ACE【解析】【详解】A. 军队士兵过桥时使用便步，防止行走的频率与桥的频率相同，桥发生共振现象，故A正确；B. 机械波在介质中的传播速度由介质决定，与波的频率无关，电磁波在介质中
27、的传播速度与介质和波的频率均有关，故B错误；C. 加偏振片的作用是减弱反射光的强度，从而增大透射光的强度，故C正确；D. 根据尺缩效应，沿物体运动的方向上的长度将变短，火车以接近光束通过站台时，站在站台上旅客观察到车上乘客变瘦，而不是变矮，故D错误；E. 麦克斯韦预言了电磁波的存在，而赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，故E正确；故选ACE.16.半径为R的固定半圆形玻璃砖的横截面积如图所示，O点为圆心，OO与直径AB的垂直足够大的光屏CD紧靠在玻璃砖的左侧且与AB垂直一光束沿半径方向与OO成30射向O点，光屏CD区域出现两个光斑，两光斑间的距离为 求：此玻璃的折射率当变为多大时，两光斑恰好变为一个【答案】(1) (2) 当变为时，两光斑恰好变为一个【解析】【详解】(1）细光束在AB界面，一部分反射，另一部分折射，设折射角为，光路图如图所示，由几何关系得：根据题意两光斑间的距离为，所以L2=R由几何关系知45根据折射定律，折射率（2）若光屏CD上恰好只剩一个光斑，则说明该光束恰好发生全反射由 得临界角为：C45即当45时，光屏上只剩下一个光斑
