1、20192020学年天津和平区高一上学期期末物理试卷一、单选题1. 学习物理，不仅要重视物理知识的学习更要重视物理思想方法的领悟，下列关于物理方法正确的是（）A. 牛顿是国际单位制的基本单位B. 牛顿第一定律是从实验现象归纳总结出来的C. 对平抛运动进行分解必须沿水平和竖直两个方向D. 探究合力与分力的关系采用的是等效替代的方法【答案】D【解析】【分析】【详解】A牛顿不是国际单位制的基本单位，而是导出单位，故A错误；B验证牛顿第一定律的实验是一个理想实验，其原因是生活中不受外力的物体是没有的；但该实验是在一定的事实基础上，经分析、合理的科学推理得出的规律，故B错误；C对平抛运动进行分解不一定沿
2、水平和竖直两个方向，也可沿任意两个相互垂直的方向分解，故C错误；D合力与分力是等效替代的关系，探究合力与分力的关系，用的是“等效替代”的方法，故D正确。故选D。2. 我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图像，如图所示。以下判断正确的是（ ）A. 4min 6min内，深潜器停在深度为6m处B. 3min 4min内，潜水员处超重状态C. 8min 10min内，深潜器的速度方向向下D. 6min 10min内，深潜器的加速度不变【答案】B【解析】【分析】【详解】Avt图象和横坐标围成的面积表示位移大小，0 4min内位移大小为x =m = 3
3、60m则4min 6min内，深潜器停在深度为360m处，A错误；B3min 4min内，减速下降，加速度向上，是超重，B正确；C8min 10min内vt图线在t轴上方速度都为正，则深潜器的速度方向向上，C错误；Dvt图象的斜率表示加速度，由图可看出6min 8min内斜率为正，8min 10min内斜率为负，则加速度的方向发生改变，D错误。故选B。3. 能够从物理视角看世界是学习物理的重要目标。下面四张图片展现了生活中常见的情景，其中甲图是自行车无动力沿着斜坡冲下，乙图是靠惯性冲上斜坡，丙图是“托球”动作中乒乓球与球拍一起相对静止向左运动的过程（虚线表示水平方向），丁图是在球架上用竖直挡板
4、卡住静止的篮球，各图中的角均相等，忽略空气阻力和一切摩擦，下列正确的是（ ）A. 甲图和乙图中自行车的加速度大小相等、方向相反B. 甲图的自行车和丙图中的乒乓球加速度可能相等C. 丙图中球拍和乒乓球可能一起做匀速直线运动D. 丙图的球拍和丁图的斜面产生的弹力大小相等【答案】D【解析】【分析】【详解】A甲图是自行车无动力沿着斜坡冲下，乙图是靠惯性冲上斜坡，两个图中自行车受力情况相同，由于忽略一切摩擦则，自行车分别受重力、垂直于斜面向上的支持力，则根据牛顿第二定律有ma = mgsin得a = gsin可知加速度一定相同，A错误；BC丙图中，乒乓球只受重力和支持力，竖直方向平衡，有FNcos =
5、mg，FNsin = ma则加速度为a = gtan不可能一起匀速运动，BC错误；D丁图中乒乓球受重力，竖直挡板的弹力，斜面的支持力，根据平衡有FNcos = mg则丙图的球拍和丁图的斜面产生的弹力一定相等，D正确。故选D。4. 如图是自由体操比赛中的一个瞬间，动作要求运动员保持此姿势3秒钟以上，当运动员保持此姿势时，两手臂对称撑住地面，运动员的重力为G，则可以判断（）A. 两手臂夹角增大时，运动员受到的合力增大B. 两手臂夹角增大时，运动员每只手与地面之间的摩擦力增大C. 两手臂夹角增大时，运动员每只手对地面的正压力增大D. 两手臂夹角增大时，运动员每只手对地面的作用力减小【答案】B【解析】
6、【分析】【详解】A两手臂夹角不论多大，运动员保持此姿势静止，此时受力平衡，合力为0，故A错误；C两手臂夹角不论多大，运动员每只手对地面正压力均为，故C错误；BD设一只手臂与地面的夹角为，对其进行受力分析可知，运动员每只手对地面的正压力均为，水平方向有竖直方向有解得可知，随着两手臂夹角增大，减小，每只手臂受到摩擦力增大，手受到地面作用力增大，根据牛顿第三定律，每只手与地面之间的摩擦力增大，每只手对地面的作用力增大，故B正确，D错误；故选B。5. 如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面；若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（ ）A. 鱼缸受到的摩
7、擦力方向始终不变B. 鱼缸受到的摩擦力大小始终不变C. 若猫增大拉力，桌布对鱼缸的摩擦力增大D. 若猫增大拉力，桌面对鱼缸的摩擦力增大【答案】B【解析】【分析】【详解】A桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布有向左的运动，故鱼缸受到的摩擦力向右，而当鱼缸与桌布脱离后鱼缸在桌面上滑动时，鱼缸相对于桌面有向右的运动，故鱼缸受到的摩擦力向左最后停止，A错误；B由于鱼缸与桌布，以及鱼缸与桌面之间的摩擦都是滑动摩擦，大小都为f = FN，FN = mg且鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则鱼缸受到的摩擦力大小始终不变，B正确；CD鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与正压力和动摩擦因数有
8、关，因此增大拉力时，摩擦力不变，CD错误。故选B。6. 如图所示，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶，将A、B两只飞镖从离墙壁一定距离的同一位置处，分别将它们水平掷出，两只飞镖插在靶上的状态如图所示（侧视图），不计空气阻力则下列说法中正确的是（）A. A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小B. A镖的质量比B镖的质量大C. B镖的运动时间比A镖的运动时间长D. B镖插入靶时的速度一定比A镖插入靶时的速度大【答案】C【解析】【分析】【详解】AC根据可知B下落的高度大，则B运动的时间长，两镖的水平位移相等，根据可知B镖的初速度小，A镖的初速度大，故A错误，C正确；B平抛运动的时间、速度与质量无关
9、，根据题意无法比较两飞镖的质量，故B错误；DB镖运动到木板上时，竖直分速度大，但是水平分速度小，根据平行四边形定则知，B镖的末速度不一定大，故D错误；故选C。二、多选题7. 下列图中实线为河岸，河水的流动方向如图中v的箭头所示，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线则其中可能正确的是 ( )A. B. C. D. 【答案】AB【解析】【分析】【详解】A、由图示小船垂直于河岸行驶，小船合速度的方向偏向下游，且过河时间最短，故A正确；B、小船要想横渡过河，船头就应向上游有一定的偏角，使得船在静水中沿上游河岸的速度分量与河水的速度大小相等，方向相反，合速度垂直河岸，渡河位移最短，故B正确；C、船头垂
10、直指向对岸时，由速度的合成可知，合速度应是偏向下游的，故C错误；D、船头偏向下游时，合速度的方向与河水流动的方向间的夹角应为锐角，故D错误8. 某星级宾馆安装一高档电梯，在电梯的底板上安装了一压力传感器，在竖直墙壁上的显示盘上可显示人对传感器的作用力，某乘客乘坐电梯从1层直接到10层，之后又从10层直接回到1层，用照相机进行记录过程中的几个时刻，如图所示，照片的右上角标注了电梯所在梯层及运动方向。则下列说法中正确的是（）A. 由图（a）和图（b）可估测出电梯向上启动时的加速度B. 图（b）和图（e）中刻度盘的示数可能相等C. 图（c）电梯的加速度方向向上D. 仅由刻度盘示数大小就可以判断电梯运
11、动方向【答案】AB【解析】【分析】【详解】A图（a）表示电梯静止时体重计的示数，图（b）表示电梯加速上升时这位同学超重时的示数，根据牛顿第二定律能够求出电梯向上起动时的加速度，故A正确；B图（b）和图（e）都是超重现象，加速度向上，刻度盘的示数可能相等。故B正确；C图（c）是失重现象，加速度向下。故C错误；D不管是超重还是失重，都有可能向上或向下运动，因此仅由刻度盘示数大小无法判断电梯的运动方向。故D错误。故选AB。9. 如图所示，在研究摩擦力的实验中，用弹簧测力计拉一个放在水平板上的木块，部分实验记录见表，则对实验中木块受到的摩擦力分析正确的是（）实验次数木块状态弹簧测力计读数/N第1次静止
12、0.60第5次匀速0.50第10次加速0.90A. 木块受到的静摩擦力一定等于0.60B. 木块受到静摩擦力可能大于0.60NC. 木块受到的滑动摩擦力一定等于0.5ND. 木块受到的滑动摩擦力可能大于0.5N【答案】BC【解析】【分析】【详解】AB当物块保持静止时，静摩擦力的大小随着拉力的变化而变化，则静摩擦力大小可能大于0.60N，故A错误，B正确；CD当弹簧拉力为0.50N时，物块做匀速直线运动，知滑动摩擦力等于0.50N，故C正确，D错误。故选BC。10. 用三根细线a、b、c将两个小球连接，并悬挂如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为，细线b与竖直方向的夹角为2，细线
13、c水平，下列说法正确的是（）A. 细线a的拉力一定大于细线b的拉力B. 细线a的拉力一定大于细线c的拉力C. 细线b的拉力大小等于小球1的重力D. 细线c的拉力一定小于小球2的重力【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A小球1平衡，对小球1进行受力分析，水平方向上的受力可知解得由于，可知得A正确；B小球2平衡，对小球2进行受力分析，水平方向上的受力可知因为，可知可得则故B正确；C对小球1进行受力分析，竖直方向上的受力可知解得故C正确；D对小球2进行受力分析，竖直方向上的受力可知解得当，此时可得故D错误；故选ABC。三、实验题11. 某同学用如图所示的实验装置来“验证力的平行四边形定则”。弹簧测
14、力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置。(1)下列操作中，不必要步骤要求是（ ）A.木板平面要保持竖直B.两个弹簧测力计必须完全相同C.拉线方向应与木板平面平行D.改变拉力多次实验时，每次都要使O点静止在同一位置(2)以下是4位同学做完实验后在白纸上留下的标注信息，根据这些信息判断，明显出现错误的是图_；对提高实验精度最有利的是图_。A B.C. D.【答案】 (1). BD (2). D (3). B【解析】【分析】【详解】(1)1AC实验过程中应保持木板竖直，拉线方向应与木板平面平行，这样可以减少摩擦提高准确度是必
15、要的，AC正确；B两个弹簧测力计只要能准确测出拉力大小即可，没必要完全相同，B错误；D每次改变拉力后，与上次试验的O点没有任何关系，因此没必要每次使O点在同一位置，D错误。故不必要的选BD。(2)2在记录拉力方向时，使记录点与O点远一些，可以更准确画出力的方向，故D错误。3尽可能让重物重一些，这样使弹簧的读数大一些，在画力的大小时，尽可能将力的大小画的大一些，可以选更小的单位长度。故选B。12. 用如图所示的装置探究加速度与力的关系。(1)下列操作，正确的是（ ）A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的长木板水平实验台滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码
16、盘通过定滑轮拴在木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.需要测量并记录砝码和托盘的总质量(2)为进行更精确的实验，对上述装置的基础上进行改进，改进后的装置如图所示，在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装两个光电门，已知两光电门间距离L，滑块上固定一遮光条，光电门可以记录下遮光条通过光电门时所用的时间t1和t2，滑块上装有拉力传感器，可以读出细线上的拉力大小F。用此装置进行实验，除了上述已测得的物理量，还需要测量并记录的数据有（ ）A.遮光条的宽度dB.砝码和托盘的总质量mC.细线的长度xD.滑块的初始位置到光电门1的距离l【答案】 (1). AD (2). A【解析】【分析】【详解】
17、(1)1A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；C打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；D本实验要用砝码和盘的重力代替小车的合力，则需要测量并记录砝码和托盘的总质量，故D正确。故选AD；(2)2根据遮光板通过光电门的速度可以用平均速度代替得，滑块通过第一个光电门时的速度为滑块通过第二个光电门时的速度为滑块的加速度为要得到加速度，则需要测量遮光条的宽度d，由于拉力传感器可直接读
18、出细线上的拉力即合力，则不需要砝码和托盘的总质量m故选A。四、计算题13. 如图所示是中央空调室外机的固定架，固定架两侧是两个三角形支架，两支架中间用钢条连接，支架的A、B两点固定在外墙上，两支架中间用钢条连接，支架的A、B两点固定在外墙上，空调外机的重心恰好在横梁AO斜梁BO的连接点O所在直线的上方，空调外机的重力大小为G。横梁AO水平，斜梁BO跟竖直方向的夹角为，求：(1)横梁对O点的弹力FA沿AO方向，斜梁对O点的弹力FB沿OB方向，这两个力各有多大；(2)如果把斜梁加长一点，仍保持连接点O的位置不变，横梁仍然水平，这时FA和FB的大小相比原来如何变化。【答案】(1)，；(2)FA和FB
19、都变小【解析】【分析】【详解】(1)由平衡条件，得解得，(2)如果把斜梁加长一点，仍保持连接点O的位置不变，横梁仍然水平，相当于把角变小，由，可知，这时FA和FB的大小相比原来，都变小。14. 用图像表示物理量之间的关系清晰、直观，是物理学习中重要的方法。质量为m的物块放在水平面上，先后用相同材料制成的橡皮条彼此平行地沿水平方向拉动物块，且每根橡皮条的伸长量均相同。(1)定性画出物块的加速度a与所用橡皮条的数目n的关系图像。(2)请论证：若想改变图线与纵轴的交点坐标，需要改变哪个物理量。【答案】(1)；(2)摩擦因数【解析】【分析】【详解】(1)设每根橡皮条的拉力为F，由牛顿第二定律得解得 ，
20、物块的加速度a与所用橡皮条的数目n的关系图像如下图所示(2)令 ，则 ，纵轴的交点坐标为(0，-g)，所以若想改变图线与纵轴的交点坐标，需要改变摩擦因数。15. 风洞实验是测试飞行器性能的重要方法，风洞中充满大小和方向恒定的风力。在某次测试中使用的飞行器可简化为质量为m的质点，A点为飞行器的初始位置，风力大小是飞行器重力的0.75倍，方向水平向左，已知重力加速度为g，取sin53=0.8，cos53=0.6，求：(1)将飞行器从A点由静止释放，求经过时间t时飞行器的速度大小及方向。(2)将飞行器从A点以水平向右的速度v0弹射出去，一段时间后到达A点正下方的B点，求AB间的距离。【答案】(1)，
21、方向与水平方向夹角为53；(2)【解析】【分析】【详解】(1)经过时间t时飞行器的速度的大小和方向解得 ，与水平方向的夹角为53(2)从 A点到达B点的时间为AB间的距离解得16. 避险车道是避免恶性交通事故的重要设施，由制动坡床和防撞设施等组成，如图，竖直平面内，制动坡床视为与水平面夹角为的斜面。一辆的载有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床时车速为20m/s，车尾位于制动坡床的底端，货物开始相对于车厢滑动（货物始终未与货车相碰撞），已知货车质量是货物质量的4倍。货物与车厢间的动摩擦因数为 = 0.3；货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力大小为货车和货物总重的0.38倍，已知货车长为L =
22、17.5m，取，cos = 1，sin = 0.1，g = 10m/s2，求：(1)货物在车厢内滑动时加速度的大小；(2)制动坡道的长度至少为多长才能保证货车不与防撞设施相撞；(3)最终货物相对于车厢滑行的距离。【答案】(1)4m/s2；(2)57.5m；(3)10m【解析】【分析】【详解】(1)以货物为研究对象，其受力分析如图所示f1= mgcos根据牛顿第二定律有mgsin + mgcos = ma1代入数据有a1= 4m/s2(2)货物与货车相对运动时，货车的加速度设为a2，则对货车受力分析f2= 0.38 5mg根据牛顿第二定律有a2= = 5m/s2设车从干道驶入制动坡床时的车速为v2，在制动坡床行驶的位移为x2，有匀变速直线运动的公式有- v22= - 2a2x2代入数据有x2= 40m由于车长为17.5m，则制动坡道的长度至少为x = 17.5 + x2= 57.5m(3)由题(2)可知车走了x2= 40m时停下来，由于f2 4mgsin则车不会再滑动。设货物运动的位移为x1，根据匀变速直线运动的公式有- v12= - 2a1x1代入数据有x1= 50m由于f1 mgsin则货物也不会再滑动，则有Dx = x1 - x2= 10m最终货物相对于车厢滑行的距离为10m。
