1、2006届张家港市南丰中学高三物理第三次检测1下列说法正确的是 ( ) A物体所受摩擦力的大小不仅跟接触面的性质和物体对接触面的压力有关，有时也跟物体的运动情况有关 B静摩擦力的方向总是沿接触面的切线方向，且跟物体运动的方向相反 C滑动摩擦力的大小跟物体对接触面压力的大小N成正比，其中N是弹性力，在数值上等于物体的重力 D静摩察力是变力，压力增大时，静摩擦力也随着增大 2某人用手表估测火车的加速度先观测3分钟，发现火车前进540m；隔3分钟后又观察l 分钟，发现火车前进360m，若火车在这7分钟内做匀加速直线运动，则火车的加速度为 ( ) A0.03ms2 B0.01ms2 C0.5ms2 D
2、0.6m,/s23.若物体以速度进入某空间后，受到一个逐渐减小的合外力的作用，且该合外力的方向始终是垂直于该物体的速度方向，则物体的运动将是 ( ) A速率增大，曲率半径也随之增 B速率逐渐减小，曲率半径不变 C速率不变，曲率半径逐渐增大 D速率不变，曲率半径逐渐减小4.如图42所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下。离开轨道末端(末端水平)时撞开轻质接触式开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落。改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两球总是同时落地，该实验一现象说明了A球在离开轨道后 ( ) A水平方向的分运动是匀速直线运动 B水平方向的分运动是匀加速直线运动 C竖直
3、方向的分运动是自由落体运动 D竖直方向的分运动是匀速直线运动5.2001年10月22日,欧洲航天局由卫星观测发现银河系中心存在一个超大型黑洞,命名为MCG6-30-15，由于黑洞的强大引力，周围物质大量掉入黑洞，假定银河系中心仅此一个黑洞。已知太阳系绕银河系中心匀速运转,下列哪组数据可估算出该黑洞的质量 ( ) A地球绕太阳公转的周期和速度 B太阳的质量和运行速度 C太阳的质量和太阳到MCG6-30-15距离 D太阳运行速度和太阳到MCG6-30-15距离6我国已成功发射多颗气象卫星，为气象预报提供了大量有效信息，其中“风云一号”是极地圆形轨道卫星，“风云二号”是地球同步卫星。且“风云二号”的
4、运行周期是“风云一号”的一半，比较这两颗卫星，下列说法中正确的是 ( ) A“风云一号”离地面较近，对同一区域连续观测时间长 B“风云二号”离地面较近，观测覆盖区域大 C“风云一号”运行线速度较大，观测覆盖区域大 D“风云二号”运行线速度较大，对同一区域连续观测时间长7如图52所示，人用绳通过滑轮在一平台上拉一辆处在平 台下水平地面上的车。设人以速度匀速拉绳，那么，当绳 与水平夹角为，小车的动能为 ( ) A B C D8圆形光滑轨道位于竖直平面内，其半径为R，质量为m的金属小球环套 在轨道上,并能自由滑动，如图5-7所示,以下说法正确的是 ( ) A要使小圆环能通过轨道的最高点,小环通过最低
5、点时的速度必须大于 B要使小圆环通过轨道的最高点，小环通过最低时的速度必须大于 C如果小圆环在轨道最高点时的速度大于 ，则小环挤压轨道外侧 D如果小圆环通过轨道最高点时的速度大于 ，则小环挤压轨道内侧9如图6-3所示，半圆形光滑凹槽放在光滑的水平面上,小滑块从凹槽边缘A点由静止释放经最低点B 有向上到达另一侧边缘C把从A点到达B点称为过程I，从B点到C点称为过程，则 A过程I中小滑块减少的势能等于凹槽增加的动能 B过程I小滑块动量的改变量等于重力的冲量 C过程I和过程中小滑块所受外力的冲量不同 D过程中小滑块的机械能的增加量等于凹槽动能的减少量10.一木块静置于光滑水平面上，一颗子弹沿水平方向
6、飞来射入木块中，当子弹进入木块的深度达最大值为2.0cm时，木块沿水平面恰好移动1.0cm，则在上述过程中损失的机械能与子弹损失的动能之比为（ ）(A)1：2 (B)1：3(C)2：3 (D)3：2 一选择题（40分）12345678910二填空题11、（10分）某兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：用天平测出电动小车的质量为0.4kg；打点计时器纸带图甲将电动小车、纸带和打点计时器按如图甲所示安装；接通打点计时器（其打点周期为0.02s）；使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器（设小车在整个过程中小车所受的阻力恒定）。
7、6.015.996.005.785.355.044.714.404.076.00单位：cm图乙在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图乙所示。请你分析纸带数据，回答下列问题：（1）该电动小车运动的最大速度为 m/s；（2）该电动小车的额定功率为 W。12、（10分）用如图所示装置来验证动量守恒定律，质量为mA的钢球A用细线悬挂于O点，质量为mB的钢球B放在离地面高度为H的小支柱N上，O点到A球球心的距离为L，使悬线在A球释放前伸直，且线与竖直线夹角为，A球释放后摆到最低点时恰与B球正碰，碰撞后，A球把轻质指示针OC推移到与竖直线夹角处，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D
8、，保持角度不变，多次重复上述实验，白纸上记录到多个B球的落点。（1）为了验证两球碰撞过程动量守恒，应测得的物理量有 _。（2）用测得的物理量表示碰撞前后A球、B球的动量：PA= 。PA/= 。PB= 。PB/= 。13（18分）如图，小车的质量为，后端放一个质量为的铁块，铁块和小车间的动摩擦因数为，小车和铁块一起以的速度在光滑的地面上滑行时与墙发生正碰，在碰撞过程中无机械能损失。问小车弹回来后走多远的路程，铁块才停止滑动？铁块在车上能滑动多远（设车子足够长且m）14(13分）如图所示，平板小车C静止在光滑的水平面上。现有A、B两个小物体（可看作质点）分别从小车C的两端同时水平地滑上小车，初速度
9、vA=0.6m/s，vB=0.3m/s，A、B与C间的动摩擦因数都是0.1。A、B、C的质量都相同。最后A、B恰好相遇而未碰撞，且A、B、C以共同的速度运动，g=10m/s2。求：（1）A、B、C共同运动的速度。（2）B物体相对于地向左运动的最大位移图1-1-1815. 如图1-1-18所示，质量为m=0.1 kg的小球和A、B两根细绳相连，两绳且固定在细杆的A、B两点，其中A绳长lA=2m，当两绳都拉直时，A、B两绳和细杆的夹角q1=30，q2=45，g=10m/s2求：当细杆转动的角速度w在什么范围内，A、B两绳始终张紧？16.如图所示，质量为M=4kg的木板长L=1.4m，静止在光滑的水
10、平地面上，其水平顶面右端静置一介质m=1kg的小滑块（可视为质点），小滑块与木板间的动摩擦因数=0.4,今用水平力F=28N向右拉木板。（1）在力F的作用下，滑块和木板加速度各是多少？（2）要使小滑块从木板上掉下来，力F作用的时间至少要多长？（不计空气阻力，g=10m/s2）mMF 17.（6分）一位驾驶员启动汽车后，从第4 s开始保持额定功率沿笔直的水平公路行驶，另一测量者用测距仪记录了它启动后t秒内行驶的距离s如下表所示，试根据下表所提供的数据回答下列问题。时间t(s)0246810121416182022242628距离s(m)103263103151207270339413491571
11、650730810891（1）汽车是变速运动还是匀速运动？简述判断的依据。（2）若汽车行驶的最大速度v040 m/s，所受阻力f与它的车速v成正比，汽车的额定功率为P0，请写出用最大速度v0和额定功率P0表示的阻力f和车速v的关系式。（3）若汽车的质量为m1500 kg，估算汽车发动机的额定功率为P0。18.如图所示，滑块A的质量m=0.01kg，与水平地面间的动摩擦因数=0.2，用细线悬挂的小球质量均为m=0.01kg，沿轴排列，A与第1只小球及相邻两小球间距离均为，线长分别为L1、L2、L3（图中只画三只小球，且小球可视为质点），开始时，滑块以速度沿轴正方向运动，设滑块与小球碰撞时不损失机
12、械能，碰撞后小球均恰能在竖直平面内完成完整的圆周运动并再次与滑块正碰，g取10m/s2，求： （1）滑块能与几个小球碰撞？ （2）求出碰撞中第n个小球悬线长Ln的表达式. （3）滑块与第一小球碰撞后瞬间，悬线对小球的拉力为多大.参考答案1 2345678910A BCCDDBDCD C11（1）1.50 （2）1.20 （保留两位有效数字同样给分，每格5分）12（1） mA；mB；H；L；S。（2）； ； 0；mBS13根据题意，车与墙相碰，车以大小为V，方向向左返回，而铁块速度仍以V向右运动，取向左为正方向，由动量守恒定律得：MVmV=（Mm）V1 （1） 对于车，由动能定理得： mgs=（
13、2）由（1）、（2）两式得：S= （3）对于车和铁块整个系统，由能量守恒定律，有mgs相对=（4）由（1）、（4）两式得： s相对 14 解：（1）设A、B、C质量都为m，共同运动的速度为v，以向右为正方向。根据动量守恒定律得：mvA+m(vB)=3mv 代入数据，得v=0.1m/s 方向向右（2）当B向左运动的速度为零时，有向左最大位移，B向左运动加速度为：a=mg/m=g=1m/s2B对地向左最大位移smax=4.5cm15. 当TA=0时，mgtan450=m2lAsin300 得=rad/s ，当TB=0时，mgtan300=m2lAsin300 得= rad/s rad/s rad/
14、s16.设F作用时间为t，滑块在木板上滑动距离为L1。滑块加速度，木板加速度 （各2分）， 即 （2分）此时，滑块速度 木板速度 （各1分）撤去F后，系统动量守恒，有 得 （3分）若滑块刚好滑到木板的最左端，由能量守恒有 （3分）解、式，得 17.(1)汽车先做变速直线运动后做匀速直线运动（2分），依据是：连续相等时间内的位移差前阶段不相等，后阶段相等（2分），（2）P0Fv， 匀速时有：Ffkv0，一般情况有：fkv，所以P0kv02，kP0/ v02，则fP0v/ v02（2分），（3）WFWfmv02（1分），WFP0Dt，WfDsP0Ds / v02P02Dt / v02（2分），所以
15、P0DtP0Ds / v02P0DtP02Dt / v02mv02（2分），即P0（1分），由数据可知在 s内功率保持不变，Ds /Dt m/s30.6 m/s（1分），则P0207 W（1分）18.解（1）因滑块与小球质量相等且碰撞中机械能守恒，滑块与小球相碰撞会互换速度，小球在竖直平面内做圆周运动，机械能守恒，设滑块滑行总距离为，有 得（2分） （个） （2分）（2）滑块与第n个小球碰撞，设小球运动到最高点时速度为对小球，有： 机械能守恒： （分） 对滑块，有： （2分）解三式得： (m) （2分）（3）滑块做匀减速运动到第一个小球处与第一个小球碰前的速度为，则有 （分）由于滑块与小球碰撞时不损失机械能，则碰撞前后动量守恒、动能相等，滑块与小球相碰撞会互换速度，碰撞后瞬间小球的速度仍为.此时小球受重力和绳子的拉力作用，由牛顿定律得： （分）因为 由上述三式解得：T=0.6N （2分）
