1、高二A班物理周测十一一、单选题（本大题共5小题，共20.0分）1. 如图所示的电路中，是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小。、是定值电阻，当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电。当用强光照射且电路稳定时。与无光照射时比较，下列说法中正确的是A. 电容器C的下极板带负电B. 两端电压降低C. 两端电压降低D. 电源提供的总功率变小2. 如图，一导体棒ab静止在U型铁芯的两板之间，棒在开关闭合后仍在原位置保持静止状态。则按图示视角则下列说法正确的是 A. 铁芯上板为N极B. 导体棒对下板的压力变大C. 导体棒受到垂直棒向左的安培力D. 导体棒对下板有垂直棒向右的静摩擦力3. 如图所示，直线
2、、分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线。曲线与直线、相交点的坐标分别为3，、。如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是A. 电源1与电源2的内阻之比是3：2B. 电源1与电源2的电动势之比是1：1C. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21：26D. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7：104. 静电场中x轴上的电势随x坐标变化的图线如图所示若将一带负电粒子重力不计从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为、则下列说法正确的是 A. 粒子经过P点与Q点时，动能相等B. 粒子在P点
3、的电势能为正值C. 粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反D. 粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等5. 如图所示，带电平行金属板A，B，板间的电势差为U，A板带正电，B板中央有一小孔，一带正电的液滴，带电量为q，质量为m，自孔的正上方距板高h处自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c点，则 A. 微粒在整个下落过程中，动能增加，重力势能逐渐减小B. 若将微粒从距B板高2h处自由下落，则微粒的落点刚好能达到A板C. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点仍为C点D. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点位置也上移，且为A、B板的新的中点位置
4、高二A班物理周测十一【答案】1. C2. D3. D4. A5. B【解析】1. 【分析】根据光敏电阻电阻值变化得到总电阻变化，从而得到总电流变化，进而得到电源总功率、路端电压及支路电流变化；再根据欧姆定律得到各电阻的电压变化，从而得到电容器两极板电压的变化。变化电路计算问题，一般根据电阻变化得到总电阻变化，从而得到总电流变化，即可根据欧姆定律和电荷守恒得到支路电流变化，最后由欧姆定律得到电压变化。【解答】A.强光照射，电阻减小，那么，上电压降的比值减小，而，上电压降的比值不变，故电容器C上极板电压比下极板电压低，所以，电容器C的上极板带负电，故A错误；强光照射，电阻减小，那么，电路总电阻减小
5、，故总电流增大，所以，路端电压减小，电源提供的总功率变大；故通过，的电流减小，两端电压降低，所以，通过，的电流增大，故两端的电压变小，两端电压变大；故BD错误，C正确。故选C。2. 【分析】电键闭合后，线圈产生磁场，对电流ab产生安培力，先根据安培定则判断磁场方向，再根据左手定则判断安培力方向，从而根据受力分析确定摩擦力方向。本题考查安培力的方向判断以及平衡条件的应用，注意明确：用左手定则判定，伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。【解答】由图可知线圈的绕向，根据安培定
6、则，线圈下面是N极，上面是S极，故导线ab位置的磁场方向向上；电流方向是从，根据左手定则可知安培力向右，根据平衡条件，导体棒对下板的压力不变，但受到向左的静摩擦力，根据牛顿第三定律可知，导体棒对下板有垂直棒向右的静摩擦力；故ABC错误故D正确。故选D。3. 解：A、在电源的图象中，图象的斜率的绝对值表示电源的内电阻，根据电源图线，可知，电源1、电源2的内阻分别为，同理，则：2，故A正确；B、图象的纵轴截距表示电动势，故E，即电源1与电源2的电动势之比是1：1，故B正确；CD、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与这电源连接时的工作状态，则连接电源1时，故灯泡消耗的功率为，灯泡的电阻连
7、接电源2时，故灯泡消耗的功率，灯泡的电阻故：26，：150，故C正确，D不正确。本题选择不正确的，故选：D。根据电源的图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻。本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的物理含义。4. 【分析】根据顺着电场线方向电势降低可判断出电场线的方向，确定出粒子所受的电场力方向，由牛顿第二定律分析加速度的方向；图象的斜率大小等于场强E，加速度；根据电势关系，分析电势能关系；由能量守恒定律判断动能的关系；根据功率公式研究功率关系。本题关键是抓住图象的斜率大小等于场强E，
8、根据电势的变化确定电场线方向，从而判断粒子的运动情况，根据能量守恒研究动能的关系，这些都是基本的思路。【解答】A.由图知P点和Q点的电势相等，则粒子的电势相等，因只有电场力做功，故粒子的动能和电势能的总和不变，由能量守恒知动能也相等，故A正确；B.P点的电势为正，而粒子带负电，根据电势能公式知，粒子在P点的电势能为负值，故B错误；C.根据顺着电场线方向电势降低可知，内，电场线沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向；在内电场线沿x轴正方向，粒子所受的电场力方向沿x负方向做减速运动，加速度沿x轴负方向；图象的斜率大小等于场强E，则知P点的场强大于Q点的场强，则粒子在p点的加速度大于在Q点的
9、加速度，加速度方向相反，故C错误；D.粒子经过P点与Q点时，速率相等，但电场力不同，则根据功率公式，可知电场力做功的功率不等，故C错误。故选A。5. 【分析】本题考查带电粒子在电场中的运动，根据动能定理研究微粒能否到达A板，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式分析，但过程要复杂的多，注意体会动能定理应用的优越性。微粒在下落过程中先做加速运动，后做减速运动，动能先增大，后减小重力一直做正功，重力势能一直减小，根据动能定理研究微粒从距B板高2h处自由下落，能否到达A板同时分析A板上移后滴液下落的最低点。【解答】A.微粒在下落过程中先做加速运动，后做减速运动，动能先增大，后减小重力一直做正功，重力势能一直减小，故A错误；B.由题微粒恰能落至A，B板的正中央c点过程，由动能定理得：若微粒从距B板高2h处自由下落，设达到A板的速度为v，则由动能定理得：由联立得，即恰好能达到A板，故B正确；C.保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的电场力增大，导致微粒的落点没到C点就返回，故C错误；D.保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，因电场力增大，则微粒的落点位置也上移，若为A、B板的新的中点位置，则有，解得，因此不可能在新的中点位置，故D错误。故选B。
