1、2021-2022学年度第一学期高三年级期末教学质量检测试卷理科数学一选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 设集合,则( )A. B. C. D. 2. 已知,则( )A. B. C. D. 3. 已知圆锥的底面半径为1,其侧面展开图为一个半圆,则该圆锥的侧面积为( )A. B. C. D. 4. 下列区间中,函数单调递增的区间是( )A. B. C. D. 5. 已知,分别是双曲线的左右焦点,点B为C的左顶点,动点A在C上,当时,且,则C的方程为( )A. B. C. D. 6. 若,则( )A. B. C. D. 7. 若x
2、,y满足约束条件,则的最小值为( )A. B. 17C. 11D. 8. 某市气象局预报说,明天甲地降雨概率是,乙地降雨概率是,若明天这两地是否降雨相互独立,则明天这两地中恰有一个地方降雨的概率是( )A. B. C. D. 9. 有一组样本数据,由这组数据得到新样本数据,其中(,2,n),则( )A. 两组样本数据的样本标准差相同B. 两组样本数据的样本中位数相同C. 两组样本数据的样本平均数相同D. 两组样本数据的样本众数相同10. 已知分别是的边的中点,且,则下列结论中错误的是( )A. B. C. D. 11. 如图是一个正方体的平面展开图,则在该正方体中正确的关系是( )A. B.
3、C. D. 12. 已知点在圆上,直线与轴、轴分别交于点、,则下列结论中正确的有( )点到直线距离小于点到直线的距离大于当最小时,当最大时,A. 个B. 个C. 个D. 个二填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13. 已知函数是奇函数,则_.14. 已知O为坐标原点,抛物线的焦点为F,P为C上一点,与x轴垂直,Q为x轴上一点,若P在以线段为直径的圆上,则该圆的方程为_.15. 已知的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知,且,则_.16. 函数的最小值为_.三解答题:共70分.解答应写出必要的文字说明证明过程或演算步骤.第1721题为必考题,每个试题考生都必须作答.第2223题为选
4、考题,考生根据要求作答.17. 已知数列满足,.(1)记,写出,并求数列的通项公式;(2)求的前12项和.18. 某沙漠地区经过治理,生态系统得到很大改善,人工栽培和野生植物数量不断增加.为调查该地区某种植物的数量,将其分成面积相近的150个地块,从这些地块中用简单随机抽样的方法抽取15个作为样区,调查得到样本数据(,2,15),其中和分别表示第i个样区的植物覆盖面积(单位:公顷)和这种植物的数量,并计算得,.(1)求该地区这种植物数量的估计值(这种植物数量的估计值等于样区这种植物数量的平均数乘以地块数);(2)求样本(,2,15)的相关系数(精确到0.01);(3)根据现有统计资料,各地块间
5、植物覆盖面积差异很大.为提高样本的代表性以获得该地区这种植物数量更准确的估计,请给出一种你认为更合理的抽样方法,并说明理由.附:相关系数,.19. 如图,在三棱锥中,D为的中点,.(1)证明:平面平面;(2)若是边长为3等边三角形,点P在棱上,且,求二面角的正弦值.20. 在平面直角坐标系中,已知点,点P为平面内的动点,且的周长为.记点P的轨迹为C.(1)试说明曲线C的形状,并求C的方程;(2)设点M在直线上,且M不在C上,过M两条直线分别交C于A,B两点和R,H两点,且,直线和的斜率都存在且不为零,求直线的斜率与直线的斜率的比值.21. 已知函数,为导函数,证明:(1)区间存在唯一极大值点;
6、(2)在区间存在唯一极小值点;(3)有且只有一个零点.22. 在直角坐标系中,以原点为极点,x轴的正半轴为极轴,建立极坐标系,已知曲线,过点的直线l的参数方程(t为参数),直线l与曲线C交于PQ两点.(1)写出曲线C的直角坐标方程、直线的普通方程;(2)若,成等差数列,求a的值.23. 已知函数.(1)当时,求不等式的解集;(2)若,求a的取值范围.答案1-12 CBBDD AABAB CC13. 14. 15. 16. 417.(1)解:由题意得:当时,当时,由 ,即,把 代入,得故,且,所以数列是以3为首项,以3为公比的等比数列.故.(2)把 代入,得,且所以数列是以2为首项,以3为公比的
7、等比数列,故,于.18.(1)由已知得样本平均数,从而该地区这种植物数量的估计值为,(2)样本(,2,15)的相关系数.(3)分层抽样:根据植物覆盖面积的大小对地块分层,再对150个地块进行分层抽样.理由如下:由(2)知各样区的这种植物数量与植物覆盖面积有很强的正相关.由于各地块间植物覆盖面积差异很大,从而各地块间这种植物数量差异也很大,采用分层抽样的方法较好地保持了样本结构与总体结构的一致性,提高了样本的代表性,从而可以获得该地区这种植物数量更准确的估计.19.(1)因为,且D为的中点,所以,又,所以平面,又平面,所以平面平面.(2)因为是边长为3的等边三角形,故,所以,且,由,得,解得,所
8、以,故.取,的中点分别为E,F,则,故,两两互相垂直.以D为原点,分别为x,y,z轴的正方向,建立空间直角坐标系.过P作,R为垂足,H为垂足,由,可知,在平面内,过H作轴,交x轴负半轴于T,在中,所以,.故,设是平面的一个法向量,则,即,取,解得,故设平面的法向量为,因为,则即可取,所以,所以二面角的正弦值,所以二面角的正弦值为.20.(1)由已知,得,所以点P的轨迹C是以,分别为左右焦点的椭圆,但需要去掉椭圆与x轴的两个交点.所以,所以C的方程为;(2)设,.的方程为:,联立方程组消去y,得,所以,所以,.设的方程为,同理得,因为,所以,解得,或(舍去),所以;综上,.21.(1)的定义域为
9、,设,则,当时,所以单调递减;且,由零点存在定理可知,在区间存在唯一的,使又当时,;当时,;所以为区间上唯一的极大值,即是区间上唯一的极大值点.(2)当时,单调递增,且,所以在区间有唯一零点,设为,当时,此时单调递减;当时,此时单调递增;所以是在上唯一的极小值点.(3)当时,由(1)可知在上单调递增,且, 所以在上有唯一零点;当时,单调递减,且,所以在上没有零点.当时,由(2)可知在区间上,此时单调递减,且,故有,此时单调递减,且,由,得,所以.当时,由(2)知,所以单调递增,又,故,所以存在,使,即,故为的极小值点.此时.所以在上没有零点.当时,所以,所以在区间上没有零点.综上在区间上有且仅有一个零点.22.(1)曲线,所以曲线C的直角坐标方程为,直线l的参数方程(t为参数),两式相减并化简得,所以直线l的普通方程为.(2)把代入,得,因为点M在抛物线的开口方向,所以方程必有两个实根,设,分别为P,Q对应的参数,且P在Q的下方,则,由参数t的几何意义可知,因为,成等差数列,所以,故有,整理得,把上式代入,解得.23.(1)当时,无解,因此,不等式的解集为或.(2)因为,故当,即时,所以当或时,得或.所以a的取值范围是.