1、四川省泸州市泸县第一中学2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）一、选择题1.下列各组选项中的物理量都是矢量的选项是（ ）A. 速度、加速度、路程；B. 速度、位移、加速度；C. 位移、加速度、速率；D. 瞬时速度、加速度、时间；【答案】B【解析】【详解】A、速度和加速度既有大小又有方向，是矢量，而路程只有大小，没有方向，是标量；故A错误.B、速度、位移、加速度全部矢量；故B正确.C、位移和加速度既有大小又有方向，是矢量，而速率只有大小没有方向是标量；故C错误.D、时间为标量，瞬时速度和加速度是矢量；故D错误.故选B.【点睛】既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量
2、是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量，标量正负号表示大小，矢量正负号不表示大小，表示方向2.汽车拉着拖车在平直的公路上运动，下列说法正确的是A. 汽车能拉着拖车向前是因为汽车对拖车的拉力大于拖车拉汽车的力B. 汽车先对拖车施加拉力，然后才产生拖车对汽车的拉力C. 匀速前进时，汽车对拖车的拉力等于拖车向后拉汽车的力；加速前进时，汽车向前拉拖车的力大于拖车向后拉汽车的力D. 加速前进时，是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力【答案】D【解析】【详解】A汽车对拖车的拉力大小等于拖车拉汽车的力，因为这两个力是相互作用力
3、，故A错误；B相互作用力具有同时性，汽车对拖车的拉力，拖车对汽车的拉力是同时产生的，故B错误；C相互作用力大小总是相等的，与物体运动状态无关，无论车匀速前进还是加速前进，汽车对拖车的拉力总等于拖车向后拉汽车的力，故C错误；D拖车加速前进是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力，拖车受到的合力与速度方向相同，故D正确；故选择D。3.人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示，以下说法正确的是()A. 人受到重力和支持力的作用B. 人受到重力、支持力和摩擦力的作用C. 人受到合外力不为零D. 人受到的合外力方向与速度方向相同【答案】A【解析】【详解】A人匀速运动，合力为零，人
4、只受到重力和支持力的作用，故A正确；B假设人受到摩擦力的作用，则人水平方向合力不为零，这与人合力为零相矛盾，说明人不受摩擦力作用，故B错误；C人匀速运动，合外力一定为零，故C错误；D人受到的合外力为零，没有方向，故D错误。故选择A。4.汽车以的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为，则自驾驶员急踩刹车开始， 与5s时汽车的位移之比为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】本题为刹车问题，先求解出刹车时间2s的位移5s的位移故选C5.如图所示,在竖直墙壁的A点处有一根水平轻杆a,杆的左端有一个轻滑轮O.一根细线上端固定在该天花板的B点处,细线跨过滑轮O,下端系一个重为G的物
5、体,开始时BO段细线与天花板的夹角为=30.系统保持静止,当轻杆a缓慢向下移动的过程中,不计一切摩擦,下列说法中正确的是（ ）A. 细线BO对天花板的拉力没有变化B. a杆对滑轮的作用力逐渐减小C. a杆对滑轮的作用力的方向沿杆水平向右D. 墙壁对a杆的作用力不变【答案】B【解析】【分析】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，BO段细线与天花板的夹角增大，细线的拉力大小不变，根据方向判断细线BO对天花板的拉力是否变化a杆对滑轮的作用力与两细线拉力的合力大小相等当两细线夹角增大时，它们的合力减小，则知a杆对滑轮的作用力逐渐减小【详解】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，细线的拉力大小始终等于物体的重力G，保持
6、不变，但由于增大，所以细线BO对天花板的拉力方向发生改变，所以此拉力是变化的故A错误两细线拉力大小不变，夹角增大，由它们的合力减小，根据滑轮平衡可知，a杆对滑轮的作用力与两细线的合力大小相等、方向相反，所以a杆对滑轮的作用力逐渐减小故B正确a杆对滑轮的作用力F的方向沿两夹平分线斜向右上方，如图故C错误a杆对滑轮的作用力逐渐减小，则滑轮对a杆的作用力逐渐减小，而a杆保持平衡，重力不计，则墙壁对a杆的作用力也逐渐减小故D错误故选B6.如图所示，甲、乙两船在同一条河流中同时渡河，河宽度为L，河水流速为u，划船速度均为v，出发时两船相距2L，甲、乙船头均与岸边成60角，且乙船恰好能直达正对岸的A点，则
7、下列判断正确的是A. 甲船A点左侧靠岸B. 两船可能在未到达对岸前相遇C. 甲、乙两船到达对岸的时间不相等D. 甲船也在A点靠岸【答案】A【解析】【详解】乙船恰好能直达正对岸的A点，根据速度合成与分解，知，将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，在垂直于河岸方向上的分速度相等，知甲乙两船到达对岸的时间相等，渡河的时间，甲船沿河岸方向上的位移，知甲船在A点左侧靠岸，不可能在未到对岸前相遇，故A正确，BCD错误；故选A。7.某质量为50kg的同学站在电梯底板上，利用速度传感器和计算机研究电梯的运动情况，如图所示的v-t图象是计算机显示的电梯在某一段时间内速度
8、变化的情况（选向上为正方向，g=10m/s）根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（ ）A. 在05s内，该同学对电梯底板的压力等于520NB. 在5s10s内，该同学对电梯底板的压力等于0C. 在10s20s内，电梯在减速下降，该同学处于超重状态D. 在20s25s内，该同学对电梯底板的压力等于480N【答案】A【解析】【分析】根据“研究电梯的运动情况”可知，本题考查对超重失重现象的理解，根据图象求出电梯的加速度，当有向上的加速度时，此时人就处于超重状态，当有向下的加速度时，此时人就处于失重状态.【详解】A、在05s内，从速度时间图象可知，电梯的加速度a=0.4m/s2，所以该同学对
9、电梯底板的压力mg+ma=520N，故A正确；B、在5s10s内，速度时间图象为水平线，此时电梯在匀速运动，处于受力平衡状态，升降机对该同学的弹力等于重力，故B错误；C、在10s20s内，该同学匀减速上升，该同学处于失重状态，故C错误；D、在20s25s内，电梯加速下降，a=0.2m/s2该同学对电梯底板的压力等于mg-ma=490N，故D错误；故选A.【点睛】人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了.8.如图所示一种测定风力的仪器，它的细长金属直杆一端固定于悬点O，另一端悬挂着一个质量为m的金属球无风时，金属直杆自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属直杆将偏离竖直方
10、向一定角度，风力越大，偏角越大下列关于风力F与偏角、小球质量m之间的关系式正确的是A. F =mg sinB. F =mgcosC. F=mg tanD. F=【答案】C【解析】【详解】对小球受力分析，受到重力、拉力和风力，将拉力和风力合成，合力与重力平衡，如图所示：由几何关系得到F=mgtan故选C9.某同学做一小实验，在上端开口的塑料瓶靠近底部的侧面打一个小孔，用手握住水瓶并按住小孔，注满水，移开手指水就会从孔中射出，然后释放水瓶，发现水不再射出(瓶内水足够多)，这是因为水瓶在下落过程中水()A. 处于超重状态B. 处于失重状态C. 做匀速直线运动D. 做匀减速直线运动【答案】B【解析】【
11、详解】当水瓶被释放后，水瓶及水均做自由下落运动，加速度为g，向下做匀加速直线运动，则均处于失重状态；故ACD错误；B正确；故选B【点睛】判断物体超重和失重很简单；只要明确物体的加速度的方向即可；加速度向下，则物体失重；加速度向上，则物体超重10.关于共点力的合成，下列说法正确的是（）A. 两个分力的合力一定比分力大B. 两个分力大小一定，夹角越大，合力越小C. 两个力合成，其中一个力增大，另外一个力不变，合力一定增大D. 现有三个力，大小分别为3N、6N、8N，这三个力的合力最小值为1N【答案】B【解析】【详解】A合力可以比分力都大，也可以比分力都小，或者大于一个分力，小于另一个分力，A错误；
12、B力的合成满足平行四边形定则，当两个分力的大小一定，若夹角越大，则平行四边形中与分力共顶点的对角线越段，即合力越小，故B正确；C当两个力方向相反时，若其中一个力大小不变，另一个力增大时，合力将变小，C错误；D3N和6N进行力的合成后，合力的范围为：3N9N，第三个力8N在这个范围内，故这三个力的最小合力为0，D错误。故选B。11.如图所示，表面粗糙的水平传送带匀速向右转动现在其左侧的A处轻轻放上一物块，则该物块的运动情况和受力情况可能为()A. 一直向右做匀加速运动B. 先向右做匀加速运动，后继续向右做匀速运动C. 先受到向右的滑动摩擦力，后受到向右的静摩擦力D. 先受到向右的滑动摩擦力，后不
13、受摩擦力【答案】ABD【解析】【详解】A木块初速度为零，由静到动加速，若达到最右端时仍未与传送带相对静止，则一直加速；故A正确；B若传送带足够长，故最后一起匀速，故先做加速运动，再做匀速运动；故B正确；CD滑块向右加速阶段，加速度向右，故合力向右，静摩擦力向右；滑块匀速阶段，合力为零，故摩擦力为零，即不受摩擦力；故C错误，D正确；故选ABD12.在直线运动中，下列情况可能存在的是A. 物体的速度均匀增加，加速度不变B. 物体的速度先减小后增加，加速度不变C. 物体的速度先增加后减小，加速度不变D. 物体的速度不变，加速度均匀增加【答案】AB【解析】物体的速度均匀增加时，根据可知，加速度不变，故
14、A正确；如果物体的加速度与初速度方向相反，则速度可以先减小后而增大而加速度不变，故B正确；物体的速度先增加后减小，则只能是速度开始时与加速度相同，然后与速度方向相反，故加速度一定发生变化，故C错误；物体的速度不变时，加速度一定为零，故D错误；故选AB.【点睛】根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大加速度是表示速度变化快慢的物理量.二实验题13.有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统
15、达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验不能完成的是（ ）A.钩码的个数， B.钩码的个数， C.钩码的个数 D.钩码的个数，（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是（ ）A.标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度C.用量角器量出三根绳子之间的夹角D.用天平测出钩码的质量（3）在作图时，下图中更加符合实际的图是_图（填“甲”或“乙”）【答案】 (1). A； (2). A； (3). 甲。【解析】【详解】由于三共点力处于平衡，由三角形法则可知和 三个力的大小构成一个矢量三角形，A2、2、4不可以
16、构成三角形，则结点不能处于平衡故A符合题意；B3、3、4可以构成三角形，则结点能处于平衡故B不符合题意；C4、4、4可以构成三角形，则结点能处于平衡故C不符合题意；D 3、4、5可以构成三角形，则结点能处于平衡故D不符合题意。故选A。 为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向，故A正确，BCD错误。故选A 的方向和钩码重力的方向相同，竖直向下，是通过力的平行四边形定则做出来的，因有误差存在不一定沿竖直方向，故选择甲图。
17、14.某同学做“测匀变速直线运动的加速度”的实验装置如图1所示，一小车放在水平长木板上，左侧栓有一细软线，跨过固定在木板边缘的滑轮与一重物相连，小车右侧与穿过电火花计时器的纸带相连。在重物牵引下，小车在木板上向左运动。图2给出了电火花计时器在纸带上打出的一些计数点，相邻计数点间还有4个点没画出。电火花计时器所用的交流点频率为50Hz。（1）实验中，除电火花计时器（含纸带、墨粉纸盒）、小车、带滑轮的长木板、导线、细线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有_填选项代号）A.电压为46V的50Hz交流电 B.电压为220V的50Hz交流电C.刻度尺 D.秒表 E.天平 F.钩码（重物）（2）下
18、列说法中正确的有_（填选项代号）A.在释放小车前，小车要靠近打点计时器B.打点计时器应固定在长木板的有滑轮一端C.拉住纸带，将小车移到靠近打点计时器的一端后，释放小车，同时接通电源D.根据打点计时器打出的纸带，可以直接得到的物理量是时间和某段时间内的位移（3）根据纸带（可以计算各点的瞬时速度及小车加速度，则第2点的瞬时速度v=_m/s，小车的加速度a=_m/s2。（计算结果取三位有效数字）【答案】 (1). BCF； (2). AD； (3). 0.396m/s； (4). 0.380m/s2。【解析】【详解】 AB电火花计时器工作电压为交流220V，故A错误，B正确；C本实验要用刻度尺测位移
19、，故C正确；D电火花计时器本身就是一个计时仪器，不需要秒表，故D错误；E本实验不需要测重物质量，故E错误；F本实验需要用重物拖动小车运动，故F正确。故选择BCF。 A在释放小车前，小车要靠近打点计时器，这样更能有效的利用纸带长度，故A正确；B打点计时器应固定在长木板的远离滑轮一端，故B错误；C拉住纸带，将小车移到靠近打点计时器的一端后，先接通电源，打点稳定后再释放小车，故C错误；D根据打点计时器打出的纸带，用打点周期乘以打点间隔个数可以测出时间，用刻度尺可以测出某段时间内的位移，故D正确。故选择AD。 由速度的定义式可得； 用逐差法计算加速度。三、计算题15.某质点做匀减速直线运动，依次经过A
20、、B、C三点，最后停在D点，如图所示。已知AB6m，BC4m，从A点运动到B点和从B点运动到C点两个过程速度变化量都为2m/s，求：（1）质点到达B点时速度大小；（2）质点的加速度大小；（3）A、D两点间的距离。【答案】（1）5m/s；（2）2m/s2；（3）12.25m。【解析】【详解】 从A点运动到B点和从B点运动到C点两个过程速度变化量都为2m/s 设加速大小为a， 联立解得：；。 由速度位移公式， 可得A、D两点间的距离为：。16.质量为m、长为L的长木板静止在光滑水平面上，质量也为m的小滑块(可看做质点)，放在长木板的左端，滑块与木板间的动摩擦因数为，如图所示现给小滑块一个水平向右的
21、拉力F，当F取不同值时求解下列问题(重力加速度为g)（1）要使滑块在木板上发生相对滑动，F至少为多大；（2）当F3mg时，经多长时间，可使滑块滑至木板的最右端【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）当滑块和木板刚要发生相对滑动时对滑块、木板整体有：F2ma当滑块与木板间摩擦力达最大静摩擦力时，对木板有：mgma 联立解得：F2mg（2）设滑块、木板的加速度分别为a1、a2 ，由牛顿运动定律得： 解得 设经t时间，滑块滑到木板的最右端，物块对板的位移为L，则：解得17.如图所示，传送带与地面成夹角=37，以10m/s的速度逆时针转动，在传送带上端轻轻地放一个质量m=0.5的物体，它与传送带间的
22、动摩擦因数=0.5，已知传送带从AB的长度L=16m，则物体从A到B需要的时间为多少？【答案】2s【解析】【分析】物体在传送带上受到重力、支持力和摩擦力作用先做初速度为0的匀加速直线运动，当速度和传送带速度一样时进行判断物体跟随传送带匀速还是单独做匀变速直线运动，根据总位移为16m，可以求出整个运动过程的时间t【详解】物体放上传送带后,开始一段时间t1内做初速度为0的匀加速直线运动,小物体受到沿斜面向下的摩擦力,可以知道,物体所受合力又因为所以根据牛顿第二定律可得:当物体速度增加到10m/s时产生的位移所用时间为: 所以物体速度增加到10m/s后,因为,所以物体将受沿传送带向上的摩擦力沿皮带向下做匀加速直线运动匀加速运动的位移为11m,设所用时间为t,则 计算得出: 或-11s(舍去)【点睛】皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻
