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2012届高考数学复习方案配套测试题8.doc

上传人:高**** 文档编号:342408 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:15 大小:333KB
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资源描述

1、试卷类型:A2012届高三原创月考试题五数 学适用地区:新课标地区 考查范围:全部内容 建议使用时间:2011年12月底本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分,考生作答时,将答案答在答题卡上在本试卷上答题无效考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回注意事项:1答题前,考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,认真核对条形码上的姓名、准考证号,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上2选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号;非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写,字体工整、笔迹清楚3请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答,超出答题区

2、域书写的答案无效4保持卡面清洁,不折叠,不破损5做选考题时,考生按照题目要求作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑第卷一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,满分60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)12011浙江卷 把复数z的共轭复数记作,i为虚数单位若z1i,则(1z)()A3i B3i C13i D32 已知集合U=R,集合等于( ) A B C D 32011天津卷 阅读右面的程序框图,运行相应的程序,则输出i的值为()A3 B4 C5 D64. 2011天津卷 设x,yR,则“x2且y2”是“x2y24”的()A充分而不必要条件 B必要而不充分条件

3、C充分必要条件 D即不充分也不必要条件5(理)2011浙江卷 有5本不同的书,其中语文书2本,数学书2本,物理书1本, 若将其随机的并排摆放到书架的同一层上,则同一科目的书都不相邻的概率是()A. B. C. D.(文)设变量满足约束条件则目标函数的最小值为( ) A7B8C10D236设表示三条直线,表示两个平面,则下列命题中不正确的是( ) A B C D 7. 2011山东卷 某产品的广告费用x与销售额y的统计数据如下表:广告费用x(万元)4235销售额y(万元)49263954根据上表可得回归方程x中的为9.4,据此模型预报广告费用为6万元时销售额为()A63.6万元 B65.5万元C

4、67.7万元 D72.0万元82011山东卷 函数y2sinx的图象大致是()92011丹东四校联考已知数列满足,且,则的值是( )A. B. C.5 D. 102011课标全国卷 设函数f(x)sin(x)cos(x)的最小正周期为,且f(x)f(x),则()Af(x)在单调递减 Bf(x)在单调递减Cf(x)在单调递增 Df(x)在单调递增11将一骰子抛掷两次,所得向上的点数分别为和,则函数在上为增函数的概率是( ) ABCD第卷二、填空题(本大题共4小题,每小题4分,共16分将答案填在答题卷相应位置上)13(理)2011天津卷 一支田径队有男运动员48人,女运动员36人,若用分层抽样的方

5、法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本,则抽取男运动员的人数为_(文)2011皖南八校二模某班级有50名学生,现要采取系统抽样的方法在这50名学生中抽出10名学生,将这50名学生随机编号150号,并分组,第一组15号,第二组610号,第十组4650号,若在第三组中抽得号码为12的学生,则在第八组中抽得号码为 的学生.14某几何体的三视图,其中正视图是腰长为的等腰三角形,侧视图是半径为1的半圆,则该几何体的表面积是 .152011课标全国卷 在平面直角坐标系xOy中,椭圆C的中心为原点,焦点F1, F2在x轴上,离心率为.过F1的直线l交C于A,B两点,且ABF2的周长为16,那么C的方

6、程为_162011福建卷 设V是全体平面向量构成的集合,若映射f:VR满足:对任意向量a(x1,y1)V,b(x2,y2)V,以及任意R,均有f(a(1)b)f(a)(1)f(b)则称映射f具有性质P.现给出如下映射:f1:VR,f1(m)xy,m(x,y)V;f2:VR,f2(m)x2y,m(x,y)V;f3:VR,f3(m)xy1,m(x,y)V.其中,具有性质P的映射的序号为_(写出所有具有性质P的映射的序号)三、解答题(本大题共6小题,满分74分解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤)17. (本小题满分12分)在中, 的对边分别是,且满足.(1)求;(2)设的最大值是5,求的值.18

7、(本小题满分12分)(理)2011江西八校联考设不等式确定的平面区域为,确定的平面区域为(1)定义横、纵坐标为整数的点为“整点”,在区域内任取3个整点,求这些整点中恰有2个整点在区域的概率; (2)在区域内任取3个点,记这3个点在区域的个数为,求的分布列和数学期望(文)( 2011皖南八校二次模拟已知向量,从6张大小相同、分别标有号码1、2、3、4、5、6的卡片有放回地抽取两张,x、y分别表示第一次、第二次抽取的卡片上的号码.(1)求满足的概率;(2)求满足的概率19. (本小题满分12分)(理)2011山东卷 在如图所示的几何体中,四边形ABCD为平行四边形,ACB90,EA平面ABCD,E

8、FAB,FGBC,EGAC,AB2EF.(1)若M是线段AD的中点,求证:GM平面ABFE;(2)若ACBC2AE,求二面角ABFC的大小(文)2011江西八校联考 已知直角梯形中, ,过作,垂足为,的中点,现将沿折叠,使得.(1)求证:;(2)设四棱锥D-ABCE的体积为V,其外接球体积为,求的值.ABCDEGFABCDEGF20(本小题满分12分)2011浙江卷 已知公差不为0的等差数列an的首项a1为a(aR)设数列的前n项和为Sn,且,成等比数列(1)求数列an的通项公式及Sn;(2)记An,Bn.当n2时,试比较An与Bn的大小21. (本小题满分12分)2011江苏徐州一调据环保部

9、门测定,某处的污染指数与附近污染源的强度成正比,与到污染源距离的平方成反比,比例常数为现已知相距18的A,B两家化工厂(污染源)的污染强度分别为,它们连线上任意一点C处的污染指数等于两化工厂对该处的污染指数之和设()(1)试将表示为的函数; (2)若,且时,取得最小值,试求的值22(本小题满分14分)2011辽宁卷 如图,已知椭圆C1的中心在原点O,长轴左、右端点M,N在x轴上,椭圆C2的短轴为MN,且C1,C2的离心率都为e,直线lMN,l与C1交于两点,与C2交于两点,这四点按纵坐标从大到小依次为A,B,C,D.(1)设e,求|BC|与|AD|的比值;(2)当e变化时,是否存在直线l,使得

10、BOAN,并说明理由试卷类型:A2012届高三原创月考试题五参考答案数 学1. 【答案】A【解析】z1i,1i,(1z)(2i)(1i)3i.2. 【答案】 A【解析】求函数的定义域得,求出A的补集即可.3. 【答案】B【解析】i1时,a1112;i2时,a2215;i3时,a35116;i4时,a41616550,输出i4,故选B.4【答案】A【解析】当x2且y2时,一定有x2y24;反过来当x2y24,不一定有x2且y2,例如x4,y0也可以,故选A.5. (理)【答案】B【解析】由古典概型的概率公式得P1. (文)【答案】A6. 【答案】D【解析】由所以D不正确.7. 【答案】B【解析】

11、3.5,42,由于回归方程过点(,),所以429.43.5,解得9.1,故回归方程为 9.4x9.1,所以当x6时,y69.49.165.5.8. 【答案】C【解析】由f(x)f(x)知函数f(x)为奇函数,所以排除A;又f(x)2cosx,当x在x轴右侧,趋向0时,f(x)0,所以函数f(x)在x轴右边接近原点处为减函数,当x2时,f(2)2cos20,所以x2应在函数的减区间上,所以选C.9.【答案】B【解析】由题可知数列为等比数列且公比,因为,故,所以=,故=-510【答案】A【解析】原式可化简为f(x)sin,因为f(x)的最小正周期T,所以2,所以f(x)sin,又因为f(x)f(x

12、),所以函数f(x)为偶函数,所以f(x)sincos2x,所以k,kZ,所以k,kZ,又因为,所以,所以f(x)sincos2x,所以f(x)cos2x在区间上单调递减11. 【答案】 D【解析】要使函数在上为增函数,则需满足,本题转化为:将一骰子抛掷两次,所得向上的点数分别为和,求的概率,故选D.12. 【答案】B【解析】由图可知a0.当m1,n1时,f(x)ax(1x)的图象关于直线x对称,所以A不可能;当m1,n2时,f(x)ax(1x)2a(x32x2x),f(x)a(3x24x1)a(3x1)(x1),所以f(x)的极大值点应为x0.5,由图可知B可能当m2,n1时,f(x)ax2

13、(1x)a(x2x3),f(x)a(2x3x2)ax(3x2),所以f(x)的极大值点为x0.5,所以C不可能;当m3,n1时,f(x)ax3(1x)a(x3x4),f(x)a(3x24x3)ax2(4x3),所以f(x)的极大值点为x0.5,所以D不可能,故选B.13. (理) 【答案】12【解析】设抽取男运动员人数为n,则,解之得n12.(文)【答案】 37 【解析】组距为5,(83)+1237.14. 【答案】 【解析】此图形的表面积分为两部分:底面积即俯视图的面积为:,侧面为一个完整的圆锥的侧面,母线长为2,底面半径为1,所以侧面积为,两部分加起来即为.又ABF2的周长为()()2a2

14、a4a,所以4a16,a4,所以b2,所以椭圆方程为1.16. 【答案】【解析】设a(x1,y1)V,b(x2,y2)V,则a(1)b(x1,y1)(1)(x2,y2)(x1(1)x2,y1(1)y2),f1(a(1)b)x1(1)x2y1(1)y2(x1y1)(1)(x2y2)f1(a)(1)f1(b),映射f1具有性质P;f2(a(1)b)x1(1)x22y1(1)y2,f2(a)(1)f2(b)(xy1 ) (1)(x y2 ),f2(a(1)b)f2(a)(1)f2(b), 映射f2不具有性质P;f3(a(1)b)x1(1)x2(y1(1)y2)1(x1y11)(1)(x2y21)f3

15、(a)(1)f3(b), 映射f3具有性质P.故具有性质P的映射的序号为.17解:(1), ,即. .(2), 设则.,当时,取最大值.依题意得,.18(理)解:(1)依题可知平面区域的整点为共有13个, 平面区域的整点为共有5个, (2)依题可得:平面区域的面积为:,平面区域的面积为:在区域内任取1个点,则该点在区域内的概率为, 易知:的可能取值为, 且 ,的分布列为: 0123 的数学期望(或者: ,故)(文)解:(1)设(x,y)表示一个基本事件,则两次抽取卡片的所有基本事件有(1,1)、 (1,2)、(1,3)、(1,4)、(1,5)、(1,6)、(2,1)、(2,2)、 、(6,5)

16、、(6,6),共36个用A表示事件“”,即,则包含的基本事件有(1,1)、(3,2)、(5,3),共3个,(2)在(1)中的36个基本事件中,满足的事件有(3,1)、(4,1)、(5、1)、(6,1)、(5,2)、(6、2)共6个,所以P(B)19(理)解:(1)证法一:因为EFAB,FGBC,EGAC,ACB90,所以ABCEFG,EGF90.由于AB2EF,因此BC2FG,连接AF,由于FGBC,FGBC,在平行四边形ABCD中,M是线段AD的中点,则AMBC且AMBC,因此FGAM且FGAM,所以四边形AFGM为平行四边形,因此GMFA,又FA平面ABFE,GM平面ABFE,所以GM平面

17、ABFE.证法二:因为EFAB,FGBC,EGAC,ACB90,所以ABCEFG,EGF90.由于AB2EF,所以BC2FG,取BC的中点N,连接GN,图1因此四边形BNGF为平行四边形,所以GNFB.在平行四边形ABCD中,M是线段AD的中点,连接MN.则MNAB.因为MNGNN,所以平面GMN平面ABFE,又GM平面GMN,所以GM平面ABFE.(2)解法一:因为ACB90,所以CAD90,又EA平面ABCD,所以AC、AD、AE两两垂直图分别以AC、AD、AE所在直线为x轴,y轴和z轴,建立如图2所示的空间直角坐标系,不妨设ACBC2AE2,则由题意得A(0,0,0),B(2,2,0),

18、C(2,0,0),E(0,0,1),所以(2,2,0),(0,2,0),又EFAB,所以F(1,1,1),(1,1,1)设平面BFC的法向量为m(x1,y1,z1),则m0,m0,所以取z11得x11.所以m(1,0,1)设平面ABF的法向量为n(x2,y2,z2),则n0,n0,所以取y21,得x21,则n(1,1,0),所以cosm,n.因此二面角ABFC的大小为60.解法二:由题意知,平面ABFE平面ABCD,取AB的中点H,连接CH.图因为ACBC,所以CHAB,则CH平面ABFE,过H向BF引垂线交BF于R,连接CR,则CRBF,所以HRC为二面角ABFC的平面角由题意,不妨设ACB

19、C2AE2.在直角梯形ABFE中,连接FH,则FHAB,又AB2,所以HFAE1,BH,因此在RtBHF中,HR,由于CHAB,所以在RtCHR中,tanHRC.因此二面角ABFC的大小为60.(文)解:()证明:取中点,连结,(2)20. 解: (1)设等差数列an的公差为d,由2,得(a1d)2a1(a13d)因为d0,所以da1a,所以anna,Sn.(2)因为,所以An.因为a2n12n1a,所以Bn.当n2时,2nCCCCn1,即11,所以,当a0时,AnBn;当a0时,AnBn.21解:(1)设点C受A污染源污染程度为,点C受B污染源污染程度为,其中为比例系数,且从而点C处污染指数(2)因为,所以,令,得,又此时,解得,经验证符合题意所以,污染源B的污染强度的值为822解:(1)因为C1,C2的离心率相同,故依题意可设C1:1,C2:1,(ab0)设直线l:xt(|t|a),分别与C1,C2的方程联立,求得A,B.当e时,ba,分别用yA,yB表示A,B的纵坐标,可知|BC|AD|.(2)t0时的l不符合题意,t0时,BOAN当且仅当BO的斜率kBO与AN的斜率kAN相等,即,解得ta.因为|t|a,又0e1,所以1,解得e1.所以当0e时,不存在直线l,使得BOAN;当e1时,存在直线l,使得BOAN.

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