1、四川省泸县第四中学2019-2020学年高二数学下学期期末模拟考试试题 理注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第I卷 选择题（60分）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1设是虚数单位，复数为纯虚数，则实数为A-2B2CD2已知,则下列推理中正确的是 ABCD3已知，则AB0C1D24已知双曲
2、线的方程是 ，则其离心率为 ABCD5已知命题p：xR，x2；命题q：x0 ，使sin x0cos x0，则下列命题中为真命题的是A(p)qBp(q)C(p)(q)Dpq6已知随机变量服从正态分布，若，则ABCD7若直线垂直，则二项式的展开式中的系数为ABC2D82020年高考强基计划中，北京大学给了我校10个推荐名额，现准备将这10个推荐名额分配给高三理科的6个班级，这6个班级每班至少要给一个名额，则关于分配方案的种数为A462B126C210D1329为了提升全民身体素质，学校十分重视学生体育锻炼.某校篮球运动员进行投篮练习，若他前一球投进则后一球投进的概率为，若他前一球投不进则后一球投进
3、的概率为若他第球投进的概率为，则他第球投进的概率为ABCD10已知函数上的偶函数，其图象关于点对称，且在区间上是单调函数，则的值是 ABC或D无法确定11已知直线经过抛物线的焦点，与交于两点，若，则的值为ABC1D212设函数在上存在导数，对任意的有，且时，若，则实数的取值范围是ABCD第II卷 非选择题（90分）二、 填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13在学校的春季运动会上，一个小组的5位学生的立定跳远的成绩如下：（单位：米），则这5位学生立定跳远成绩的中位数为_米.14曲线在点处的切线方程为_.15已知实数满足约束条件，则的取值范围是_16若函数满足对任意的，都有 成立，则称函
4、数在区间上是“被约束的”.若函数在区间上是“被2约束的”，则实数的取值范围是_.三解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分17（12分）某鲜花店根据以往某品种鲜花的销售记录，绘制出日销售量的频率分布直方图，如图所示将日销售量落入各组区间的频率视为概率，且假设每天的销售量相互独立（）求在未来的连续4天中，有2天的日销售量低于100枝且另外2天不低于150枝的概率；（）用表示在未来4天里日销售量不低于100枝的天数，求随机变量的分布列和数学期望18（12分）设函数，且是的
5、极值点.（）求实数的值；（）求函数的单调区间.19（12分）如图所示，直三棱柱的各棱长均相等，点为的中点.（）证明：；（）求二面角的余弦值.20（12分）已知椭圆的离心率为，以椭圆E的长轴和短轴为对角线的四边形的面积为.（）求椭圆E的方程；（）若直线与椭圆E相交于A，B两点，设P为椭圆E上一动点，且满足（O为坐标原点）.当时，求的最小值.21（12分）已知函数.（）讨论的单调性；（）若在区间内有唯一的零点，证明：.（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。22选修4-4：坐标系与参数方程（10分）在平面直角坐标系中，曲线C的参数方程为（为参数
6、），以平面直角坐标系的原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系.（）求曲线C的极坐标方程；（）过点，倾斜角为的直线l与曲线C相交于M，N两点，求的值.23选修4-5：不等式选讲（10分）已知函数.（）求不等式的解集；（）对，求证：.2020年春四川省泸县第四中学高二期末模拟考试理科数学参考答案1B2C3C4C5A6C7B8B9D10C11B12B132.114151617（1）设日销量为，有2天日销售量低于100枝，另外2天不低于150枝为事件则，（2）日销售量不低于100枝的概率，则，于是，则分布列为0123418（）.因为是函数的极值点.所以，即，因此，经验证，当时，是函数的极值点.（）
7、可知，.因为，当或，当或，所以的单调增区间是和；单调减区间是和.19（1）设与交点为，连接，.由题可知四边形为正方形，所以，且为中点.又因，所以，所以.又因为，所以平面.因为平面，所以.（2）取的中点，连接，在平面过点内作的垂线，如图所示，建立空间直角坐标系.设，则，.所以，.设平面的一个法向量为，则，令，则.由（1）可知平面的一个法向量为，则.由图可知二面角为锐角，所以其余弦值为.20解：（1）依题意得，.以椭圆E的长轴和短轴为对角线的四边形的面积为，则，解得，.所以椭圆E的方程为.（2）设A，B两点的坐标分别为，联立方程得，因为，即，所以.所以点，又点P在椭圆C上，所以有，化简得，所以，化简，因为，所以，因为，又，所以.令，则，当时，取得最小值，最小值为.21（1），当时，在上单调递增 当时，设的两个根为，且 在单调递増，在单调递减.（2）依题可知，若在区间内有唯一的零点，由（1）可知，且. 于是： 由得，设，则，因此在上单调递减，又， 根据零点存在定理，故.22（1）因为曲线C的参数方程为，（为参数），所以曲线C的直角坐标方程为，即，将，代入上式得.（2）直线l的参数方程为，（t为参数），将代入，整理得，设点M，N所对应的参数分别为，则，因为，异号，所以.23解：（）令当时，由，得，当时，由，得，不等式的解集为 （），又，（当且仅当时取等），