1、山东省枣庄八中2018届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题1. 物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位【答案】B【解析】牛顿首先提出了惯性的概念，选项A
2、错误； 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，选项B正确；牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿第一定律步能通过现代的实验手段直接验证，选项C错误； 力的单位“N”和加速度的单位“m/s2”都是导出单位，选项D正确；故选B.2. 如图所示，小球A、B通过一细绳跨过定滑轮连接，它们都穿在一根竖直杆上。当两球平衡时，连接两球的细绳与水平方向的夹角分别为和2，假设装置中各处摩擦均不计，则A、B球的质量之比为（ ）A. 1:2cos B. 2cos:1 C. tan:1 D. 1:2sin【答案】A【解析】分别
3、对AB两球分析，运用合成法，如图：由几何知识得： 故 故选：A.点睛：分别对A、B两球分析，运用合成法，用T表示出A、B两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子对AB两球的拉力是相等的3. 细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示将细绳烧断后，下列说法中正确的是（）A. 小球立即开始做自由落体运动B. 小球离开弹簧后做匀变速运动C. 小球离开弹簧后做平抛运动D. 小球运动的加速度先比重力加速度小，后来和重力加速度相等【答案】B【解析】A. 将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只
4、有重力的作用，所以不是自由落体运动，故A错误；B. 小球离开弹簧后只受重力作用，做匀变速运动，B正确； C. 平抛运动是初速度水平，在竖直方向上只受重力的作用，由A的分析可知，小球离开弹簧后并不是平抛运动，所以C错误；D. 小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以开始时加速度的大小要比重力加速度大，故D错误。故选：B. 4. 我国“蛟龙号”在某次试验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面的10min内全过程的深度曲线甲和速度图象乙，则下列说法中正确的是（ ） A. 全过程中最大加速度是0.025m/s2B. 潜水员感到超重发生在01
5、 min和810min的时间段内C. 图中代表本次下潜最大深度，应为360mD. 整个潜水器在810min时的时间段内机械能守恒【答案】C【解析】试题分析：根据v-t图象的面积表示位移，由几何知识可求得最大深度；v-t图象的物理意义：其斜率表示加速度的大小，求解最大加速度；判断超重和失重的方法主要看物体的加速度方向根据加速度大小分析受力情况，即可判断机械能守恒是否守恒v-t图象的斜率表示加速度，0-1min内和3-4min内加速度最大，最大加速度是，A错误；潜水员在0-1min和8-10min的时间段内，根据度图象（b）得加速度方向向下，所以处于失重状态，B错误；根据深度曲线（a）得代表本次最
6、大深度，在时到达最大深度，根据v-t图象的面积得：0-4min位移是360m，即最大深度为360m，C正确；整个潜水器在8-10min时间段内加速度不等于g，所以机械能不守恒，故D错误5. 2017年6月19日，我国在西昌卫星发射中心发射“中星9A”广播电视直播卫星，按预定计划，“中星9A”应该首选被送入近地点约为200公里，远地点约为3.6万公里的转移轨道II（椭圆），然后通过在远地点变轨，最终进入地球同步轨道III（圆形）。但是由于火箭故障，卫星实际入轨后初始轨道I远地点只有1.6万公里。科技人员没有放弃，通过精心操作，利用卫星自带燃料在近地点点火，尽量抬高远地点的高度，经过10次轨道调整
7、，终于在7月5日成功定点于预定轨道，下列说法正确的是( )A. 失利原因可能是发射速度没有达到7.9km/sB. 卫星在轨道III经过Q点时和在轨道II经过Q点时的速度相同C. 卫星在轨道II由P点向Q点运行时处于超重状态D. 卫星从轨道I的P点进入轨道II后机械能增加【答案】D【解析】A. 卫星的最小发射速度为7.9km/s，卫星已经发射，失利原因不可能是发射速度没有达到7.9km/s，故A错误；B. 卫星由的Q点加速后才能进入，由此可知，卫星在轨道经过Q点时的速度大于在轨道经过Q点时的速度，B错误；C. 卫星在轨道II由P点向Q点运行时只受万有引力作用，加速度指向地球球心，处于失重状态，C
8、错误；D. 卫星从轨道变轨到轨道轨道半径变大，要做离心运动，卫星应从轨道的P加速后才能做离心运动从而进入轨道后，卫星加速过程机械能增加，卫星从轨道的P点进入轨道后机械能增加，故D正确。故选：D.点睛：卫星的最小反射速度为7.9km/s，卫星加速过程机械能增加，卫星只受万有引力作用，处于失重状态，根据题意分析答题6. 半径为1 m的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴匀速转动，A为圈盘边缘上一点，在O点的正上方将一个可视为质点的小球以4 m/s的速度水平拋出时，半径OA方向恰好与该初速度的方向相同，如图所示，若小球与圆盘只碰次，且落在A点，则圆盘转动的角速度大小可能是（ ）A. B. C. D. 【答案】
9、D 7. 如图所示，质量为m的小球用细线拴住放在光滑斜面上，斜面足够长，倾角为的斜面体置于光滑水平面上，用水平力F推斜面体使斜面体缓慢地向左移动，小球沿斜面缓慢升高（细绳尚未到达平等于斜面的位置）.在此过程中（ ）A. 绳对小球的拉力减小B. 绳对小球的拉力增大C. 斜面体对小球的支持力减少D. 斜面体对小球的支持力先变大后变小【答案】A【解析】以小球为研究对象。小球受到重力mg、斜面的支持力N和细线的拉力T,在小球缓慢上升过程中,小球的合力为零,则N与T的合力与重力大小相等、方向相反,根据平行四边形定则作出三个位置力的合成图如图,则得当T与N垂直,即线与斜面平行时T最小，在细绳到达平行于斜面
10、的位置之前，细绳对小球的拉力减小，斜面体对小球的支持力增大，A正确，BCD错误；故选：A。点睛：先以小球为研究对象斜面体缓慢地向左移动过程中，小球缓慢上升，合力为零运用作图法得出线的拉力取得最小时，线与水平方向的夹角，分析拉力与支持力的变化8. 如图所示，物体叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为mA=6 kg，mB=2kg，A、B之间的动摩擦因数=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对A施加一水平力F用，则A、B的加速度可能是(g取10m/s2)（ ）A. aA=6m/s2aB=2 m/s2B. aA=2m/s2aB=6 m/s2C. aA=8m/s2aB=4 m/s2D.
11、 aA=10m/s2aB=6 m/s2【答案】D【解析】试题分析：通过隔离法求出A、B发生相对滑动的临界加速度，再通过整体法结合牛顿第二定律求出拉力根据拉力的大小与该临界情况拉力的关系，讨论两者的加速度对B而言，当A、B间的摩擦力达到最大值时，此时的加速度达到最大，则，则最大加速度对整体运用牛顿第二定律可得，即当拉力增加到48N时，发生相对滑动，当时，当时，且，恒定不变，故D正确9. 如图是利用太阳能驱动的小车，若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，经过时间t前进距离s，速度达到最大值vm，在这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为f，那么这段时间内( )A. 小车做加速度逐渐减小的
12、加速运动B. 小车做匀加速运动C. 电动机所做的功为D. 电动机所做的功为【答案】AD【解析】AB. 小车电动机的功率恒定，速度不断变大，根据功率与速度关系公式P=Fv可知，牵引力不断减小，根据牛顿第二定律，有P/vf=ma，故小车的运动是加速度不断减小的加速运动，故A正确，B错误；CD. 对小车启动过程，根据动能定理，有：W电fs= ，这段时间内电动机所做的功为W电=fS+，故C错误，D正确。故选：AD.点睛：小车电动机的功率恒定，速度不断变大，牵引力不断减小，故小车的运动是加速度不断减小的加速运动；结合动能定理列式求解电动机所做的功10. 水平推力F1和F2分别作用在水平面上等质量的a、b
13、两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下，两物体vt的图象如图所示，图中ABCD，则( )A. F1的冲量小于F2的冲量B. F1的冲量等于F2的冲量C. 两物体受到的摩擦力大小相等D. 两物体受到的摩擦力大小不等【答案】AC【解析】设a、b两物体的加速运动时间分别为t1、t2，则由图知t1t2，当只有摩擦力Ff作用时，由ABCD知图线斜率相同，则加速度相等，由牛顿第二定律知，摩擦力Ff相等，故C选项正确，D选项错误对a，由动量定理得：IF1Fft1mvA；对b同理得：IF2Fft2mvC.由图象知，vAvC，t1t2，所以由mvAmvC知，IF1v，因此物块滑上传送带后开始做匀减速运动，加速度大小为设物块在传送带上先减速后匀速，则减速运动的位移：由于s1L，假设不成立，物块在传送带上一直匀减速，根据功能关系：（2）设物块第三次到达A点的速度为v2，根据功能关系：求得：v2=m/s物块以 的速度第三次滑上传送带，由于因此物块第三次滑上传送带一直做匀减速运动，第三次到达B点速度刚好等于2m/s。（3）由于因此物块不会第四次滑上传送带。根据能量转化与守恒定律，物块由于与传送带摩擦而产生的热量为： 带入数据得：Q=12J
