1、热考2受力分析及平衡1(2019年安徽江淮联考)如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别为2 kg、1 kg，连接轻弹簧和物块的轻绳质量不计，轻弹簧的质量不计，轻绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速度g10 m/s2，则下列说法正确的是()A固定物块A，则弹簧的弹力大小为20 NB固定物块B，则弹簧的弹力大小为40 NC先固定物块A，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力大小为10 ND先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，弹簧的弹力大小为15 N【答案】C2(2019年甘肃兰州一模)一质量为m的物体用一根足够长细绳悬吊于天花板上的O点，现用一光滑的金属钩子勾住细绳，水平向右缓慢拉动绳
2、子(钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上)，下列说法正确的是()A钩子对细绳的作用力始终水平向右BOA段绳子的力逐渐增大C钩子对细绳的作用力先减小后增大D钩子对细绳的作用力不可能等于mg【答案】D3(2019年海南琼海模拟)如图，重为G的体操运动员在进行体操比赛时，有两手臂对称支撑、竖直倒立静止的比赛动作，设两臂夹角为，则()A当不同时，运动员受到的合力不同B当不同时，运动员与地面之间的相互作用力不相等C当60时，运动员单手所受地面的支持力大小为D当120时，运动员单手所受地面的支持力大小为G【答案】C4(2019年河北唐山一模)如图所示，轻绳OA、OB系于水平杆上的A点和B点，两绳与水平杆
3、之间的夹角均为30，重物通过细线系于O点将杆在竖直平面内沿顺时针方向缓慢转动30的过程中()AOA绳上拉力变大，OB绳上拉力变大BOA绳上拉力变大，OB绳上拉力变小COA绳上拉力变小，OB绳上拉力变大DOA绳上拉力变小，OB绳上拉力变小【答案】B【解析】转动前，TATB,2TAsin 30mg，则TAmgTB; 转动后，OA与水平方向的夹角变为60，OB变为水平TAsin 60mg，TAcos 60TB，解得TAmg，TBTAmg.故B正确，A、C、D错误5如图所示，有两根长均为L、质量均为m的细导体棒a、b，其中a被水平放置在倾角为45的光滑绝缘斜面上b被水平固定在斜面的右侧，且a、b在同一
4、水平面上保持相互平行当两棒通以大小均为I的电流时，a恰好在斜面上保持静止，重力加速度为g，下列关于b棒在a处产生的磁场的说法中，正确的是()A方向一定竖直向下B方向一定竖直向上C大小一定为D大小一定为【答案】C【解析】由于a恰好在斜面上保持静止，所以ab之间一定是吸引力，即ab中电流的方向应同向，由于题中没有给a中电流的方向，所以b的电流方向也不定，则b棒在a处产生的磁场可能向上也可能向下，故A、B错误；a受到重力、支持力和水平向右的安培力处于平衡状态，因夹角为45，则大小B，故C正确，D错误6(2019年安徽名校模拟)2019年6月24日消息，大连市首届“工匠杯”职工技能竞赛决赛开赛，现场2
5、0名砌筑工展现出较高的技术水准如图所示，竞赛工地上的建筑工人用砖夹搬运5块相同的砖(图中阴影部分相当于砖夹)，当砖处于平衡状态时，下列说法正确的是()A砖夹对砖块的水平压力越大，1、5两块砖受到的摩擦力越大B3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C4对3的摩擦力方向竖直向下D1受到2施加的摩擦力与4受到5施加的摩擦力完全相同【答案】B【解析】先对5块砖整体受力分析，受重力5G和两侧砖夹对砖向上的静摩擦力2f，根据平衡条件，有2f5G，解得fG，即砖夹对砖1、5的静摩擦力为G.对砖5分析，受重力G，砖夹对其向上的静摩擦力fG，所以砖4对砖5有向下的摩擦力f2G.再对砖4分析，受重力G，砖5对
6、砖4有向上的摩擦力f2G，所以砖3对砖4有向下的摩擦力f3G.砖4对砖3有向上的摩擦力f3G，故A、C错误，B正确；1受到2施加的摩擦力与4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D错误7(多选)(2019年安徽名校联考)如图所示，斜面体放在水平面上，C是斜面体斜面AB上的一点，AC部分粗糙，CB部分光滑一物块在AC部分匀速下滑，此时斜面体对物块的作用力为F1、地面对斜面体的摩擦力为f1；物块在CB部分下滑时，斜面体对物块的作用力为F2.地面对斜面体的摩擦力为f2.整个过程斜面体始终处于静止不计空气阻力，则()Af1f2Bf1f2CF1F2DF1F2【答案】AC8(多选)(2019年广西桂林三
7、模)用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示若P、Q始终处于静止状态，则下列相关说法正确的是()AP物体受4个力BQ受到3个力C若绳子变长，绳子的拉力将变小D若绳子变长，Q受到的静摩擦力将减小【答案】AC9(多选)(2019年广西贺州二模)一个物体在拉力F的作用下在倾角30的粗糙斜面上向上始终匀速运动，物体与斜面的动摩擦因数0.5、F与斜面的夹角从零逐渐增多，物体离开斜面前，拉力F的大小与F的功率P的变化情况()AF变大BP一直变小CF先变小后变大DP一直变大【答案】BC【解析】对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图，根据牛顿第二定律，平
8、行斜面方向有 Fcos mgsin f，垂直斜面方向有Fsin Nmgcos 0，其中fN，联立计算得出F，其中tan r，当F与斜面的夹角从零逐渐增大时，F先减小后增大F的功率为PFvcos Fvcos v，当F与斜面的夹角从零逐渐增大，所以P逐渐减小，故B、C正确10(多选)如图，半圆柱体Q放在水平地面上，表面光滑的圆柱体P放在Q和墙壁之间，Q的轴线与墙壁之间的距离为L，已知Q与地面间的动摩擦因数0.5，P、Q横截面半径均为R，P的质量是Q的2倍，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力P、Q均处于静止状态，则()vAL越大，P、Q间的作用力越大BL越大，P对墙壁的压力越小CL越大，Q受到地面的摩擦力
9、越小DL的取值不能超过【答案】AD【解析】对P受力分析，受力如图，根据平衡知，Q对P的作用力F，根据几何关系知，sin ，L越大，sin 越大，cos 越小，则F越大，A正确；根据平衡知，墙壁对P的弹力N1mPgtan ，根据几何关系知sin ，L越大，sin 越大，cos 越小，tan 越大，墙壁对P的弹力越大，根据牛顿第三定律知，P对墙壁的压力越大，B错误；对整体分析，整体在水平方向受到墙壁的弹力和地面的摩擦力，可知Q受到地面的摩擦力等于墙壁对P的弹力，L越大，弹力越大，则摩擦力越大，C错误；对整体分析知，地面对Q的摩擦力fN1mPgtan ，要使P、Q均处于静止状态，有f(mPmQ)g，根据几何关系有tan ，联立解得L，D正确
