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上海市浦东新区建平中学2020届高三数学下学期4月模拟考试试题(含解析).doc

上传人:高**** 文档编号:27887 上传时间:2024-05-23 格式:DOC 页数:18 大小:1.35MB
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资源描述

1、上海市浦东新区建平中学2020届高三数学下学期4月模拟考试试题(含解析)一、填空题.1.已知,则_.【答案】【解析】【分析】求出与中不等式的解集分别确定出与,找出两集合的交集即可【详解】集合中不等式,当时,解得:,此时,当时,解得:,无解,集合中不等式变形得:,即,解得:,即,则故答案为:【点睛】本题考查不等式的求解、集合的交运算,考查运算求解能力,属于基础题2.函数的最小正周期为_.【答案】【解析】【分析】首先化简.再根据公式即可求出最小正周期.【详解】因为函数.所以最小正周期为:.故答案为:.【点睛】本题主要考查了正切函数的最小正周期的求法,属于基础题.3.计算:_.【答案】【解析】【分析

2、】将原数列极限变成,根据,从而可求出原数列极限的值.【详解】.故答案为:.【点睛】本题主要考查了求极限,解决此类问题关键是化简,属于基础题.4.直线的方程为,则直线的一个法向量是_.【答案】【解析】【分析】先将三阶行列式化简得出直线的一般式方程,再求出直线的一个法向量即可.【详解】由得直线的一般式方程为:,所以直线的一个法向量为.故答案为.【点睛】本题主要考查三阶行列式的运算和直线的法向量的问题,属中等难度题.5.若实数满足,且,则实数值为_.【答案】【解析】【分析】现结合指数与对数的互化公式,表示出,再结合换底公式表示出,最后结合对数运算即可求解【详解】由可得,又,即,求得故答案为:【点睛】

3、本题考查指数和对数的互化,换底公式的用法,对数的运算性质,属于基础题6.设常数,命题“存在,使”为假命题,则a的取值范围为_.【答案】【解析】【分析】将条件转化为任意,恒成立,此时有,从而解出实数a的取值范围.【详解】命题:“存在,使”为假命题,即恒成立,必须,即:,解得,故实数a的取值范围为,故答案为:.【点睛】本题考查了一元二次不等式的应用,体现了等价转化的思想,属于中等题.7.某微信群中四人同时抢个红包(金额不同),假设每人抢到的几率相同且每人最多抢一个,则其中甲、乙都抢到红包的概率为 _.【答案】【解析】【分析】先求出基本事件总数,其中甲、乙都抢到红包包含的基本事件个数,由此能求出其中

4、甲、乙都抢到红包的概率【详解】某微信群中四人同时抢个红包(金额不同),假设每人抢到的几率相同且每人最多抢一个,则基本事件总数,其中甲、乙都抢到红包包含的基本事件个数,其中甲、乙都抢到红包的概率故答案为.【点睛】本题考查古典概型,属于基础题.8.如果函数的图象关于点中心对称,那么的最小值为_.【答案】 【解析】详解】由得图象关于点中心对称知,即,即.因此,的最小值为.故答案为9.如图,在半径为3的球面上有A、B、C三点,球心O到平面ABC的距离是,则B、C两点的球面距离是_【答案】【解析】试题分析:由已知,AC是小圆的直径所以过球心O作小圆的垂线,垂足是AC的中点,AC=3,BC=3,即BC=O

5、B=OCBOC=,则B、C两点的球面距离=3=考点:球的几何特征,球面距离点评:中档题,解有关球面距离的问题,最关键是突出球心,找出数量关系10.设是曲线(为参数,)上任意一点,则的取值范围是_【答案】【解析】试题分析:曲线曲线可化为,可得曲线表示以为圆心,半径为的圆,又是曲线上一点,则,即点两点连线的斜率,当的坐标为时,有最小值为,当的坐标为时,有最大值为,所以的取值范围为考点:简单的线性规划的应用,圆的参数方程【方法点晴】本题主要考查了曲线的参数与普通方程的联系,两者可进行互化,可根据实际情况选择不同的方程进行求解,同时考查简单的线性规划求最值,体现了转化与化归的思想方法,属于中档试题,本

6、题的解答中求出圆的普通方程,利用的几何意义,转化为圆上的点与坐标原点之间连线的斜率问题,求出直线的斜率的范围,即可得到结论11.已知,若数列、是一个单调递增数列,则的最大值为_.【答案】【解析】【分析】先由展开式通项求得,根据可得最大,由此求得的最大值.【详解】,展开式通项为,由于数列、是一个单调递增数列,即,解得,因此,的最大值为.故答案为:.【点睛】本题主要考查二项式定理的应用,考查项的系数最大值的求法,属于中档题12.函数的图象与函数的图象所有交点的横坐标之和等于2012,则满足条件的整数k的值是_.【答案】1002或1003【解析】【分析】由题意可得函数的图象与函数的图象所有交点成对出

7、现,且每一对关于点对称,结合所有横坐标之和等于2012即可得到k的值.【详解】解:函数的图象关于点对称,函数的图象也关于点对称,如图所示:故函数的图象与函数的图象所有交点成对出现,且每一对关于点对称,因为他们的横坐标之和为2012,当时,它们共有1006对交点,所以或,解得或.故答案为:1002或1003.【点睛】本题主要考查了函数与方程的综合应用,属于中等题.二、选择题(共有4题)13.已知:区间内恰含两个整数.则以下结论正确的是( )A. “”是成立的充分条件B. “”是成立的必要条件C. “”是成立的充分条件D. “”是成立的必要条件【答案】B【解析】【分析】根据充分条件和必要条件的定义

8、,利用排除法进行判断即可.【详解】当,满足成立,但在区间内只有一个整数1,故充分性不成立,则A错误,当,满足成立,但在区间内只有一个整数1,故充分性不成立,则C错误,若区间内恰含两个整数,则满足,故B正确,当,时,满足成立,但在区间内有3个整数0,1,2,故必要性不成立,则D错误,故选:B.【点睛】本题主要充分条件和必要条件的定义,属于基础题.14. 在空间给出下列四个命题:如果平面内的一条直线垂直于平面内的任意一条直线,则;如果直线与平面内的一条直线平行,则;如果直线与平面内的两条直线都垂直,则;如果平面内的两条直线都平行于平面,则其中正确的个数是A. B. C. D. 【答案】A【解析】本

9、题考查空间线面关系的判定和性质解答:命题正确,符合面面垂直的判定定理命题不正确,缺少条件命题不正确,缺少两条相交直线都垂直的条件命题不正确,缺少两条相交直线的条件15.已知关于的一元二次不等式的解集中有且仅有3个整数,则所有符合条件的整数的值之和是( )A. 13B. 18C. 21D. 26【答案】C【解析】设,其图象是开口向上,对称轴是x=3的抛物线,如图所示若关于x的一元二次不等式的解集中有且仅有3个整数,则,即,解得5a8,又aZ,a=6,7,8.则所有符合条件的a的值之和是6+7+8=21.故选C.16.已知点,点P在曲线上运动,点Q在曲线上运动,则的最小值为( )A. B. 4C.

10、 D. 6【答案】B【解析】【分析】设圆心为F,可知F为抛物线的焦点,并且最小时,经过圆心F,设,则,可得,换元后利用基本不等式求最值即可.【详解】解:设圆心为F,则F为抛物线的焦点,该抛物线的准线方程为,设,由抛物线的定义:,要使最小,则需最大,如图最大时,经过圆心F,且圆F的半径为1,且.,令,则,当时取“=”,此时.的最小值为4.故选:B.【点睛】本题主要考查了抛物线的标准方程、焦点坐标公式、准线方程、抛物线的定义、圆的标准方程,属于中等题.三、解答题(满分76分)17.如图,三棱柱中,它的体积是底面ABC中,BAC=90,AB=4,AC=3,在底面的射影是D,且D为BC的中点.(1)求

11、侧棱与底面ABC所成角的大小;(2)求异面直线与所成角的大小.【答案】【解析】【分析】面,就是侧棱与底面所成的角,运用棱柱的体积公式和解直角三角形,即可得到所求值.取的中点E,连接, ,则(或其补角)为所求的异面直线所成角的大小,运用解直角三角形,计算即可得到所求值.【详解】作图如下:依题意得,面,就是侧棱与底面所成的角,由,则,由D为中点,,即有.由,即有,所以即侧棱与底面所成角为.取中点,连接,则(或其补角)为所求的异面直线所成角的大小.由面, ,面面,所以面,故,所以所求异面直线与所成角为.【点睛】本题考查空间角的求法.主要考查直线和平面所成的角和异面直线所成的角的求法;考查直线与平面的

12、位置关系;属于中档题;线面角和异面直线所成角的求解步骤:作出所要求的角;证明所作的角即为所求的角(或其补角);在三角形中,通过解三角形求角的大小或其角的三角函数值.18.四边形如图所示,已知,.(1)求的值;(2)记与的面积分别是与,求的最大值.【答案】(1)(2)最大值为14【解析】【分析】(1)利用余弦定理,求出,即可求的值;(2)求出的表达式,即可求的最大值.【详解】解:(1)在中,由余弦定理得,在中,同理可得,所以.(2)依题意,所以,因为,所以.解得,所以,当时取等号,即的最大值为14.【点睛】本题主要考查了解三角形,解三角形是高考重点考查的内容,正确变形合理转化,把涉及到的量转化到

13、一个三角形内求解,涉及求最值时可以适当地选取变量,把所求最值用变量表示,属于中等题.19.已知椭圆C:经过定点,其左右集点分别为,且,过右焦且与坐标轴不垂直的直线l与椭圈交于P,Q两点.(1)求椭圆C的方程:(2)若O为坐标原点,在线段上是否存在点,使得以,为邻边的平行四边形是菱形?若存在,求出m的取值范围;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2)存在,m的取值范围为【解析】【分析】(1)由椭圆的定义可求出a的值,再把点E的坐标代入椭圆方程,即可求出b的值,从而得到椭圆C的方程;(2)先设点P,Q的坐标以直线l的方程,与椭圆方程联立,利用韦达定理得到P,Q横坐标的和与积,再利用菱形的对角线垂

14、直得到向量数量为0,将坐标代入后化简得到m与k的关系式,可求出m的取值范围.【详解】解:(1)点E在椭圆上,且,又定点在椭圆上,椭圆C的方程为:;(2)假设存在点满足条件,设,直线l的方程为:,联立方程,消去y得:,又,由题意知,即,则,故存在点,使得以,为邻边的平行四边形是菱形,m的取值范围为.【点睛】本题主要考查了椭圆的标准方程、直线与椭圆,解决此类问题的关键是把直线代入椭圆利用韦达定理,转化成向量之间的关系,属于中等题.20.对定义在0,1上的函数f(x),如果同时满足以下三个条件:对任意x0,1,总有f(x)0;f(1)=1;若x10,x20,x1+x21,有f(x1+x2)f(x1)

15、+f(x2)成立则称函数f(x)为理想函数(1)判断g(x)=2x1(x0,1)是否为理想函数,并说明理由;(2)若f(x)为理想函数,求f(x)的最小值和最大值;(3)若f(x)为理想函数,假设存在x00,1满足ff(x0)=x0,求证:f(x0)=x0【答案】(1)是;(2)f(x)取得最小值2,f(x)取得最大值3;(3)见解析【解析】【详解】(1)显然f(x)=2x1在0,1上满足f(x)0;f(1)=1若x10,x20,且x1+x21,则有f(x1+x2)f(x1)+f(x2)=2x1+x21(2x11)+(2x21)=(2x21)(2x11)0故f(x)=2x1满足条件,所以f(x

16、)=2x1为理想函数,(2)设x1,x20,1,x1x2,则x2x1(0,1f(x2)=f(x2x1)+x1f(x2x1)+f(x1)2f(x2)f(x1)f (x2x1)20,f(x1)f(x2),则当0x1时,f(0)f(x)f(1),在中,令x1=x2=0,得f(0)2,由得f(0)2,f(0)=2,当x=1时,f(1)=3,当x=0时,f(x)取得最小值2,当x=1时,f(x)取得最大值3,(3)由条件知,任给m、n0,1,当mn时,由mn知nm0,1,f(n)=f(nm+m)f(nm)+f(m)f(m)若f(x0)x0,则f(x0)ff(x0)=x0,前后矛盾;若:f(x0)x0,则

17、f(x0)ff(x0)=x0,前后矛盾故f(x0)=x021.已知数列的前项和为,且满足,设,.()求证:数列是等比数列;()若,求实数的最小值;()当时,给出一个新数列,其中,设这个新数列的前项和为,若可以写成(,且,)的形式,则称为“指数型和”.问中的项是否存在“指数型和”,若存在,求出所有“指数型和”;若不存在,请说明理由.【答案】(I)详见解析;(II);(III)为指数型和.【解析】【分析】(I)通过计算证明证得,来证得数列是等比数列.(II)利用求得数列的通项公式,由,求得的最小值.(III)先求得的通项公式,对分成偶数和奇数两种情况进行分类讨论,根据“指数型和”的定义,求出符合题

18、意的“指数型和”.【详解】(I),.由于,当时,所以数列是等比数列.,.(II)由(I)得,所以.因为,.当时,而,所以,即,化简得,由于当时,单调递减,最大值为,所以,又,所以的最小值为.(III)由(I)当时,当时,.也符合上式,所以对正整数都有.由,(且),只能是不小于的奇数.当为偶数时,由于和都是大于的正整数,所以存在正整数,使得,所以,且,相应的,即有,为“指数型和”; 当为奇数时,由于是个奇数之和,仍为奇数,又为正偶数,所以不成立,此时没“指数型和”.综上所述,中项存在“指数型和”,为.【点睛】本小题主要考查已知求,考查根据数列的单调性求参数的取值范围,考查新定义的理解和运用,考查化归与转化的数学思想方法,考查分类讨论的数学思想方法,属于难题.

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