1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省江川二中2019-2020学年上学期11月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) 1.如图所示，匀强磁场方向竖直向下，有一条与磁场方向垂直的通电直导线，电流方向是水平向右，则导线受到的安培力方向为（）A 竖直向上B 竖直向下C 垂直纸面向外D 垂直纸面向里2.如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为=20 V，=50 V，则a、b连线的中点c的电势应为（）A=35 VB35 VC35 VD 无法判断的高低3.如图
2、所示，xOy坐标平面在竖直面内，y轴正方向竖直向上，空间有垂直于xOy平面的匀强磁场（图中未画出）.一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线所示.下列说法中正确的是（ ）A 轨迹OAB可能为圆弧B 小球在整个运动过程中机械能增加C 小球在A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等D 小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向4.下列关于磁感应强度方向的说法中，错误的是()A 磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向B 某处磁感应强度的方向就是该处小磁针静止时北极所指的方向C 磁感应强度是个标量，没有方向D 某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向5.如图所示，将通电线圈(电流方向沿图中箭头方向
3、)悬挂在磁铁N极附近，磁铁处于水平位置和线圈在同一平面内，且磁铁的轴线经过线圈圆心，线圈将()A 转动同时靠近磁铁B 转动同时离开磁铁C 不转动，只靠近磁铁D 不转动，只离开磁铁6.如图为监控汽车安全带使用情况的报警电路，S为汽车启动开关，汽车启动时S闭合驾驶员未系安全带时开关S闭合，系好安全带时S断开要求当驾驶员启动汽车但未系安全带时蜂鸣器报警则在图中虚线框内应接入的门电路是()A “非”门B “或”门C “与”门D “与非”门7.甲、乙两同学使用多用电表欧姆挡测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“100”挡，并能正确操作他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“1 k”挡，乙把选择开关旋
4、到“10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零则以下说法正确的是()A 甲选挡错误，而操作正确 B 乙选挡正确，而操作错误C 甲选挡错误，操作也错误 D 乙选挡错误，而操作正确8.如图所示，在正方形ABCD区域内有方向向下的匀强电场，一带电粒子(不计重力)从A点进入电场，初速度v0的方向指向B点，初动能为E0，最后从C点离开电场，则粒子经过C点时的动能为()A 2E0B 3E0C 4E0D 5E09.关于安培力、磁感应强度的下列说法，正确的是()A 通电导线不受磁场力作用的地方一定没有磁场B 将I、L相同的通电导体放在同一匀强磁场的不同位置，受安培力一定相同C 磁感线指向磁感应强度减小的方向D
5、以上说法都不正确10.四个塑料小球，A和B互相排斥，B和C互相吸引，C和D互相排斥如果D带正电，则B球的带电情况是()A 带正电 B 带负电 C 不带电 D 可能带负电或不带电11.在磁场中的某一位置放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直先后在导线中通入不同的电流，导线所受的力也不一样，下列几幅图象表示的是导线受的力F与通过的电流I的关系a、b分别代表一组F、I的数据下列图中正确的是()ABCD12.如图(甲)从阴极发射出来的电子束，在阴极和阳极间的高电压作用下，轰击到长条形的荧光屏上激发出荧光，可以显示出电子束运动的径迹若把射线管放在如图(乙)蹄形磁铁的两极间，阴极接高压电源负极，阳极接高
6、压电源正极，关于荧光屏上显示的电子束运动的径迹，下列说法正确的是()A 电子束向上弯曲B 电子束沿直线前进C 电子束向下弯曲D 电子的运动方向与磁场方向无关二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 13.(多选)等量正点电荷的连线和其中垂线如图所示一个带负电的试探电荷，先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则()A 试探电荷所受电场力的方向一直不变B 试探电荷所受电场力的大小一直增加C 试探电荷的电势能一直减小Da、b、c三点电势为：abc14.(多选)如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处
7、运动到b处，然后又运动到c处由此可知()AO为负电荷B 在整个过程中q的电势能先变小后变大C 在整个过程中q的加速度先变大后变小D 在整个过程中，电场力做功为零15.(多选)对UAB1 V的理解，正确的是()A 从A到B移动1 C的电荷，电场力做功1 JB 从A到B移动1 C的正电荷，电场力做功1 JC 从A到B移动1 C的负电荷，克服电场力做功1 JD 从A到B移动1 C的负电荷，外力做功1 J16.(多选)在如图所示的UI图象中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的伏安特性曲线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知()A 电源的电动势为3 V，内阻为0.5
8、 B 电阻R的阻值为1 C 电源的输出功率为2 WD 电源的效率为66.7%三、实验题(共2小题,共15分) 17.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）从图中的示数可读出合金丝的直径为mm（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm18.霍尔效应是电磁基本现象之一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展如图甲所示，在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M、N间出现电压UH，这种现象称为霍尔效应，UH称为霍尔电压，且满足
9、UHk，式中d为薄片的厚度，k为霍尔系数某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数(1)若该半导体材料是空穴(可视为带正电粒子)导电，电流与磁场方向如图甲所示，该同学用电压表测量UH时，应将电压表的“”接线柱与_(填“M”或“N”)端通过导线相连(2)已知薄片厚度d0.40 mm，该同学保持磁感应强度B0.10 T不变，改变电流I的大小，测量相应的UH值，记录数据如下表所示.根据表中数据在图乙中画出UHI图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为_103VmA1T1(保留2位有效数字)(3)该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此
10、该同学设计了如图丙所示的测量电路，S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片(未画出)为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向_(填“a”或“b”)，S2掷向_(填“c”或“d”)为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件_和_(填器件代号)之间四、计算题 19.如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力向下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45，bd的长度为L，匀强电场的电场强度为E，求：（1）此液滴带何种电荷；（2）液滴的加速度为多少；（3）b、d两点的电势差Ubd .
11、20.如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角37，半径r2.5 m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E2105N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场质量m5102kg、电荷量q1106C的小物体(视为质点)被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v03 m/s冲上斜轨以小物体通过C点时为计时起点，0.1 s以后，场强大小不变，方向反向已知斜轨与小物体间的动摩擦因数0.25.设小物体的电荷量保持不变，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求弹簧枪对小物体所做的功；(2)在斜
12、轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度21.如图所示，竖直平面内存在水平向右的匀强电场，场强大小E=10 N/C，在y0的区域内还存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5 T，一带电量、质量的小球由长的细线悬挂于点小球可视为质点，现将小球拉至水平位置A无初速释放，小球运动到悬点正下方的坐标原点时，悬线突然断裂，此后小球又恰好能通过点正下方的N点.(g=10 m/s)，求：（1）小球运动到点时的速度大小；（2）悬线断裂前瞬间拉力的大小；（3）间的距离. 答案1.D 2.B 3.D 4.C 5.A 6.C 7.D 8.D 9.D 10.B 11.C 12.C13.CD 14.
13、CD 15.BC 16.ABD17.（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.00.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm18.(1)M(2)如图所示1.5(1.4或1.6)(3)bcS1E(或S2E)【解析】(1)根据左手定则得，正电荷向M端偏转，所以应将电压表的
14、“”接线柱与M端通过导线相连(2)UHI图线如图所示根据UHk知，图线的斜率为kk0.375，解得霍尔系数k1.5103VmA1T1.(3)为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b，S2掷向c，为了保护电路，定值电阻应串联在S1和E(或S2和E)之间19.（1）负电（2）（3）【解析】（1）由b到a，液滴做直线运动，所受合力沿bd所在直线，对液滴受力分析可知，电场力水平向右，与电场方向相反，所以小球带负电.（2）由图可知，液滴所受合力根据牛顿第二定律F=ma，解得液滴的加速度（3）由图可知，电场力qE=mg由b到d，沿电场方向的距离沿电场方向电势降低，应有0，所以20.(1)0.475 J
15、(2)0.57 m【解析】(1)设弹簧枪对小物体做功为W，由动能定理得Wmgr(1cos)mv代入数据得W0.475 J(2)取沿平直斜轨向上为正方向设小物体通过C点进入电场后的加速度为a1，由牛顿第二定律得mgsin(mgcosqE)ma1小物体向上做匀减速运动，经t10.1 s后，速度达到v1，有v1v0a1t1代入数据得v12.1 m/s，设运动的位移为x1，有x1v0t1a1t电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得mgsin(mgcosqE)ma2设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t2，位移为x2，有0v1a2t2x2v1t2a2t设CP的长度为x，有xx1x2联立相关方程，代入数据解得x0.57 m21.（1）（2）（3）【解析】（1）小球从A运到O的过程中，根据动能定理：带入数据求得小球在O点速度为：（2）小球运到O点绳子断裂前瞬间，对小球应用牛顿第二定律： 联立得：.(3)绳断后，小球水平方向加速度小球从O点运动至N点所用时间ON间距离高考资源网版权所有，侵权必究！
