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河北省石家庄市第二中学2020-2021学年高二数学上学期寒假作业(第16天)(PDF).pdf

上传人:高**** 文档编号:23104 上传时间:2024-05-23 格式:PDF 页数:9 大小:809.99KB
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资源描述

1、 2021 年寒假作业-高二数学 数学作业第 16 天 一 单项选择题 1函数 yxln x 的单调递减区间是()A(e1,)B(,e1)C(0,e1)D(e,)2f(x)是 f(x)的导函数,若 f(x)的图象如图所示,则 f(x)的图象可能是()3设 f(x)、g(x)分别是定义在 R 上的奇函数和偶函数,当 x0,且 g(3)0,则不等式 f(x)g(x)0 的解集是()A(3,0)(3,)B(3,0)(0,3)C(,3)(3,)D(,3)(0,3)4已知直线 ykx 是 yln x 的切线,则 k 的值为()Ae B e C1e D1e 5 若函数 f(x)x3tx23x 在区间1,4

2、上单调递减,则实数 t 的取值范围是()A.,518 B(,3 C.518,D3,)6 若函数 f(x)kxlnx 在区间(1,)单调递增,则 k 的取值范围是()A(,2 B(,1 C2,)D1,)7设函数 F(x)fxex 是定义在 R 上的函数,其中 f(x)的导函数 f(x)满足 f(x)e2f(0),f(2016)e2016f(0)Bf(2)e2016f(0)Cf(2)e2f(0),f(2016)e2f(0),f(2016)e2016f(0)8设函数 f(x)是奇函数 f(x)(xR)的导函数,f(1)0,当 x0 时,xf(x)f(x)0,则使得 f(x)0 成立的 x 的取值范围

3、是()A(,1)(0,1)B(1,0)(1,)C(,1)(1,0)D(0,1)(1,)9已知 a0,函数 f(x)(x22ax)ex,若 f(x)在1,1上是单调减函数,则 a 的取值 范围是()A0a34 B12a34 Ca34 D0a0.设 g(x)是 f(x)的导函数,讨论 g(x)的单调性 2021 年寒假作业-高二数学 19已知函数 f(x)x2axlnx(aR).(1)当 a1 时,求 f(x)的单调区间;(2)若函数 f(x)在1,2上是减函数,求实数 a 的取值范围 2021 年寒假作业-高二数学 20 设函数 f(x)xeaxbx,曲线 yf(x)在点(2,f(2)处的切线方

4、程为 y(e1)x4.(1)求 a,b 的值;(2)求 f(x)的单调区间 2021 寒假作业答案-高二数学数学作业第 16 天一单项选择题1.C 解析:yln x1,由 y0,得 0 x1e,函数 yxln x 的单调减区间为 0,1e.2C 解析:由导函数的图象可知,当 x0,即函数 f(x)为增函数;当 0 xx1 时,f(x)x1 时,f(x)0,即函数 f(x)为增函数3 D 解析设 F(x)f(x)g(x),当 x0.F(x)当 x1 时,f(x)k1x0 恒成立,即 k1x在(1,)上恒成立因为 x1,01x1,所以 k1.7 C 解析函数 F(x)fxex 的导数 F(x)0,

5、函数 F(x)fxex 是定义在 R 上的减函数,F(2)F(0),即f2e2 f0e0,故有 f(2)e2f(0)同理可得 f(2016)0 成立的 x 的取值范围是(,1)(0,1),故选 A.9C解析f(x)(2x2a)ex(x22ax)exx2(22a)x2aex,由题意当x1,1时,f(x)0 恒成立,即 x2(22a)x2a0 恒成立,即1222a12a0,1222a2a0,解得 a34.选 C.10 D 解析因|AB|e22t1F(t),故 f(t)e22,则当 tln2 时,f(t)0,函数 F(t)e22t1 单调递增,当 tln2 时,f(t)0,函数 F(t)e22t1

6、单调递减,故当 tln2 时,函数 F(t)e22t1 取最小值F(ln2)22ln213ln2,应选 D.二填空题11.(0,e),解:由于函数 f(x)lnxx 的导数为 y1lnxx2,令 y0 可得 lnx1,解得 0 xe,故函数 f(x)lnxx 的单调递增区间是(0,e),12(,0),(0,1)2021 寒假作业答案-高二数学解析:f(x)xexexx2x1exx2,由 f(x)0,得 x1 时,f(x)k1x0 恒成立,即 k1x在区间(1,)上恒成立,因为 x1,所以 01x0;当 x(1,1)时,f(x)0,f(x)在3,1上为增函数,在(1,1上为减函数,在(1,2上为

7、增函数,又 f(3)19,f(1)1,f(1)3,f(2)8611,f(x)max1,f(x)min19,又对于区间3,2上的任意 x1,x2,都有|f(x1)f(x2)|t,|f(x)maxf(x)min|t,即 t20.16.解析:f(x)1xax21ax22xx,由题意知 f(x)0,ax22x10 有实数解当 a0 时,显然满足;当 a0,1a1.三解答题17解(1)a4,b4.(2)由(1)知,f(x)4ex(x1)x24x,f(x)4ex(x2)2x44(x2)(ex12)2021 寒假作业答案-高二数学令 f(x)0 得,xln2 或 x2.从而当 x(,2)(ln2,)时,f(

8、x)0;当 x(2,ln2)时,f(x)0.故 f(x)在(,2),(ln2,)上单调递增,在(2,ln2)上单调递减当 x2 时,函数 f(x)取得极大值,极大值为 f(2)4(1e2)18.解:f(x)的定义域为(0,),g(x)f(x)2(xa)2ln x2 1ax,所以 g(x)22x2ax22 x12 22 a14x2.当 0a0)f(x)2x11x2x12x1x(x0)当 x(0,12时,f(x)0;当 x(12,)时,f(x)0.所以 f(x)的单调递减区间为(0,12,单调递增区间为(12,)(2)由题意,f(x)2xa1x2x2ax1x0 在1,2上恒成立,令 h(x)2x2

9、ax1,由h10,h20,得a1,a72,所以 a72.20 解析(1)因为 f(x)xeaxbx,所以 f(x)(1x)eaxb.依题设,f22e2,f2e1,即2ea22b2e2,ea2be1,解得 a2,be.2021 寒假作业答案-高二数学(2)由(1)知 f(x)xe2xex.由 f(x)e2x(1xex1)及 e2x0,f(x)与 1xex1 同号令 g(x)1xex1,则 g(x)1ex1.所以当 x(,1)时,g(x)0,g(x)在区间(1,)上单调递增故 g(1)1 是 g(x)在区间(,)上的最小值,从而 g(x)0,x(,)综上可知,f(x)0,x(,)故 f(x)的单调递增区间为(,)

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