1、乌兰察布市育英高级中学2022-2023学年度高三年级8月月考物理试卷（考试时间：90分钟；满分：100分 命题人：刘聪）一、单选题（本题8小题，每小题4 分，共 32分。每小题只有一个选项符合题意）1. 一物体做加速直线运动，依次通过A、B、C三点，AB=BC物体在AB段加速度为a1，在BC段加速度为a2，且物体在B点的速度为，则：A. a1 a2 ；B. a1= a2 ；C. a1a2B. a1=a2C. a1a2D. 无法确定【答案】C【解析】【详解】根据公式可得因为所以故故选C。6. 甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t=0时，乙车在甲车前50m处，它们的v-t图像如图所示，下
2、列对汽车运动情况的描述中正确的是（ ）A 甲车先做匀速直线运动再做反向匀减速直线运动B. 在第20s末，甲、乙两车的加速度大小相等C. 在第30s末，甲、乙两车相距100mD. 在整个运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次【答案】D【解析】【详解】A由图像可知，甲车先做匀速直线运动后做匀减速直线运动，但图线一直在时间轴的上方，故甲车一直沿正方向运动，没有反向运动，故A错误；B图像的斜率表示加速度，则在第20s末，甲车的加速度为乙车的加速度为所以甲、乙两车的加速度大小不等，甲车的加速度较大，故B错误；C图线与t轴所围的“面积”表示位移，则在030s内，甲车的位移大小为乙车的位移大小为又因为t0时乙车
3、在甲车前50m处，所以在030s内，甲、乙两车相距故C错误；D由于刚开始运动时乙车在甲车前50m处，甲车的速度大于乙车的速度，经过一段时间甲车可以追上乙车，然后甲车运动到乙车的前面，到30s末，甲车停止运动，甲车在乙车前50m处，此时乙车以20m/s的速度匀速运动，所以再经过2.5s乙车追上甲车，故在整个运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次，故D正确。故选D。7. 如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔。质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中，手对细线的拉力F和圆环对小球的弹力FN的大小变化情况
4、是（）A. F不变，FN增大B. F不变，FN减小C. F减小，FN不变D. F增大，FN减小【答案】C【解析】【详解】小球沿圆环缓慢上移可看成小球始终受力平衡，对小球进行受力分析，受力示意图如图所示由图可知，即当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，C正确。故选C。8. 如图所示，三个物体质量分别为m1.0 kg、m22.0 kg、m33.0 kg ，已知斜面上表面光滑，斜面倾角30，m1和m2之间的动摩擦因数0.8.不计绳和滑轮的质量和摩擦初始用外力使整个系统静止，当撤掉外力时，m2将(g10 m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力)() A. 和m1一起沿斜面下滑B. 和
5、m1一起沿斜面上滑C. 相对于m1下滑D. 相对于m1上滑【答案】C【解析】【详解】假设m1和m2之间保持相对静止，对整体分析，整体的加速度隔离对m2分析，根据牛顿第二定律得，f-m2gsin30=m2a；解得f=m2gsin30+m2a=2.0（100.5+2.5）N=15N；最大静摩擦力fm=m2gcos30=0.8210N=8N，可知ffm，知道m2随m1一起做加速运动需要的摩擦力大于二者之间的最大静摩擦力，所以假设不正确，m2相对于m1下滑故C正确，ABD错误故选C二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项正确，全对得4分，漏选得2分，选错或不选得0分）9. 如图
6、，A、B质量分别为m11kg，m22kg，置于平板小车C上，小车质量为m31kg，A、B与小车的动摩擦因数均为0.5，事先三者均静止在光滑的水平面上某时刻A、B间炸药爆炸（时间极短）使A、B获得图示左右方向的瞬时速度和12J的总机械能假设A、B最终都没有离开小车上表面，水平面足够长，g10m/s2现从炸药爆炸结束开始计时，则（）A. t0时，A、B的速度大小分别是4m/s、2m/sB. t0.4s时，B与平板小车C先相对静止C. t0.8s时，A与平板小车C相对静止D. t0.8s时，A、B与平板小车因摩擦而产生的热量Q10J【答案】AC【解析】【详解】A. 炸药爆炸瞬间A、B系统动量守恒，以
7、向左为正方向，有：A、B的机械能总量为12J，故： 联立解得：v1=4m/s，v2=2m/s故A项与题意相符；BC. 爆炸后AB在C上滑动，B先与C相对静止，设此时A的速度为v3，B、C的速度为v4，该过程中ABC组成的系统动量守恒，设该过程的时间为t3，对A应用动量定理-m1gt3=m1v3-m1v1对B应用动量定理-m2gt3=m2v4-m2v2对C应用动量定理(m2g-m1g)t3=m3v4代人数据得v3=3m/s；v4=-1m/s；t3=0.2s之后，A在C是滑动直到相对静止，根据系统的动量守恒0=(m1+m2+m3)v解得：v=0设A滑动的总时间为t，则-m1gt=0-m1v1解得：
8、t=0.8s故B项与题意不相符，C项与题意相符；D. t=0.8s时，A、B与平板小车因摩擦而产生的热量Q=E=12J故D项与题意不相符10. 如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，在这一过程中，下列表述正确的是()A. 气体从外界吸收热量B. 气体分子的平均动能减小C. 外界对气体做正功D. 气体分子撞击器壁的作用力增大【答案】AD【解析】【详解】由p-V图可得到ab气体体积增大，对外做功，W0，气体吸热.A.气体从外界吸收热量与分析结果相符；故A项符合题意.B. 气体分子的平均动能减小与分析结果相符；故B项不合题意.C. 外界对气体做正功与分析结果相符；故C项不合题意.D. 气
9、体分子撞击器壁的作用力增大与分析结果相符；故D项符合题意.11. 如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N另一端与斜面上的物块M相连，系统处于静止状态现用水平向左的拉力缓慢拉动N，直至悬挂N的细绳与竖直方向成45已知M始终保持静止，则在此过程中（）A. 水平拉力的大小可能保持不变B. M所受细绳的拉力大小一定一直增加C. M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D. M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加【答案】BD【解析】【详解】如图所示，以物块N为研究对象，它在水平向左拉力F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为45的过程中，水平拉力F逐渐增大
10、，绳子拉力T逐渐增大；对M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，则随着绳子拉力T的增加，则摩擦力f也逐渐增大；若起初M受到的摩擦力f沿斜面向上，则随着绳子拉力T的增加，摩擦力f可能先减小后增加故本题选BD12. 一轻质长木板置于光滑水平地面上，木板上放有质量分别为mA1 kg和mB2 kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示g取10 m/s2.下列说法正确的是()A. 若F1 N，则两物块与木板都静止不动B. 若F1.5 N，则A物块所受摩擦力大小为1.5 NC. 若F4 N，则B物块所受摩擦力大小为2ND. 若F8 N，则B物块
11、所受摩擦力大小为2 N【答案】CD【解析】【详解】A与木板间的最大静摩擦力：fA=mAg=0.2110N=2N，B与木板间的最大静摩擦力：fB=mBg=0.2210N=4N，A.F=1NfA，所以AB相对木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B. 若F=1.5NF0，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2对B进行受力分析,摩擦力提供加速度，f=mBa=21=2N，故C正确；D.F=8NF0，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2，故D正确故选CD点睛：根据滑动摩擦力公式求出A、B与木板之间的最大静摩擦力，
12、比较拉力和最大静摩擦力之间的关系判断物体的运动情况，进而判断物体所受摩擦力的情况，根据牛顿第二定律求出B的加速度三、实验题（共14分） 13. “验证力的平行四边形定则”的实验如图（a）所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图（b）是在白纸上根据实验结果画出的图。（1）图（b）中_是力和的合力的理论值；_是力和的合力的实际测量值。（2）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：_（选填“变”或“不变”）（3）本实验采用的科学方法是_。A理想实验法B等效替代法C控制变量法D建立物理模型法【答案】 . F . F . 不变 . B【解析】
13、【详解】（1）12合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，一定沿AO方向，由此可知F是合力的理论值，是合力的实验值；（2）3如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到相同的位置，橡皮筋的拉力起到的效果相同，即O点沿OB、OC方向的拉力仍等于弹簧秤的读数，故实验结果不会发生变化；（3）4本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故选B。14. 某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz，实验步骤如下：A
14、按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度.根据以上实验过程，回答以下问题：(1)对于上述实验，下列说法正确的是（ ）A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B实验过程中砝码盘处于超重状态C与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速
15、度为_m/s2。（结果保留2位有效数字）(3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是（ ）【答案】 . C . 0.16 . A【解析】【详解】(1)A、由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；B. 实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B错误；C. 与小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C正确；D. 实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D错误；E. 由于不需要把砝码的重力作为小车的拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件
16、，故E错误。故选C。(2)设相邻两个计数点之间的位移分别为x1、x2、x3，相邻两个计数点之间的时间间隔。T=50.02s=0.1s由x=aT2结合作差法得m/s2=0.16m/s2(3)由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A与本实验符合故选A.四、解答题（共38分）15. 某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升机上由静止跳下，跳离一段时间后打开降落伞做减速下落。他打开降落伞后的速度图线如图a。降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为=37，如图b。已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开
17、伞后伞所受阻力f与速率v成正比，即(g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6)。求：(1)打开降落伞前人下落距离；(2)阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向；(3)悬绳能够承受的拉力至少为多少？【答案】（1）20m；（2），方向向上；（3）312.5N【解析】【详解】（1）由速度时间图像可知，人打开降落伞时的速度为，故下落的距离为（2）当人做匀速运动时，刚开始下落时，对整体解得，加速度方向向上。（3）设每根绳子的拉力为T，当加速度最大时绳的拉力最大，对运动员解得16. 为了安全，在高速公路上行驶的汽车之间应保持必要的安全距离，已知某高速公路的最高限速是v108kmh，现
18、在有辆小汽车以最高限速行驶，突然发现前方的一辆大货车突然停止，后方的小汽车司机从发现这一情况到操纵刹车的时间（即反应时间）是t0.50s，已知小汽车刹车的加速度大小为求：（1）小汽车司机从发现大货车到小汽车停止共需要多少时间？（2）该高速公路上汽车间的安全距离X至少应为多少？【答案】（1）（2）【解析】【分析】汽车在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，结合运动学公式求出汽车间至少距离；【详解】（1）小汽车减速的时间为：，则（）则小汽车司机从发现大货车到小汽车停止共需要时间为：；（2）在反应时间内，汽车作匀速运动，运动的距离为刹车时汽车做减速运动，自刹车到停下，汽车运动的距离为：所
19、以安全距离为：【点睛】解决本题的关键知道汽车在整个过程中的运动规律，结合运动学公式求解17. 如图所示，一根粗细均匀的玻璃管长为L100cm，下端封闭上端开口竖直放置，管内有一段长为H25cm的水银柱封闭了一段长为L140cm的空气柱已知环境温度为t=27，热力学温度与摄氏温度的关系为T t+273K，大气压强为p075cmHg 如果将玻璃管缓缓放平（水银不外溢），求玻璃管内气柱将变为多长（保留三位有效数字）？如果保持玻璃管口向上，缓慢升高管内气体温度，当温度升高到多少摄氏度时，管内水银开始溢出？【答案】（1）53.3cm（2） 【解析】【分析】由玻璃管内气体为研究对象，应用玻意耳定律可以求出
20、玻璃管内气柱的长度；根据盖-吕萨克定律可求出气体的温度【详解】解（1）以玻璃管内封闭气体为研究对象，设玻璃管横截面积为S，初态压强为：， 倒转后压强为：， 由玻意耳定律可得： 解得： （2）保持玻璃管口向上，缓慢升高管内气体温度，当水银柱与管口相平时，管中气柱长为： ，体积为： 由于气体发生等压变化，根据盖-吕萨克定律可得： 已知， 代入数据解得：18. 如图所示，质量为M木块位于光滑水平面上,木块与墙间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A位置.现有一质量为m的子弹以水平速度v0射向木块并嵌人其中，经过一段时间，木块第一次回到A 位置，弹簧在弹性限度内求：木块第一次回到A位置时速度大小v；此过程中
21、墙对弹簧冲量大小I【答案】【解析】【分析】子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间的内力远大于系统外力，故可由动量守恒定律列式求解，子弹和木块的共同速度；然后系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到A位置时速度大小不变，根据动量定理可求得此过程中墙对弹簧的冲量I的大小【详解】子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块间的内力远大于系统外力，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v解得： 子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动，后做加速运动，回到A位置时速度大小不变，即当木块回到A位置时的速度大小子弹和木块弹簧组成的系统受到的合力即可墙对弹簧的作用力，根据动量定理得：I=-（M+m）v-mv0=-2mv0所以墙对弹簧的冲量I的大小为2mv0【点睛】子弹射木块是一种常见的物理模型，由于时间极短，内力远大于外力，故动量守恒
