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2020年高考物理二轮复习 题型研究三 电学计算题满分练(含解析).doc

上传人:高**** 文档编号:214905 上传时间:2024-05-26 格式:DOC 页数:7 大小:2.06MB
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资源描述

1、电学计算题满分练1(2019哈尔滨三中三模)如图所示,质量为4m的物块与边长为L、质量为m、阻值为R的正方形金属线圈abcd由绕过轻质光滑定滑轮的绝缘细线相连,已知细线与斜面平行,物块放在光滑且足够长的固定斜面上,斜面倾角为30。垂直纸面向里的匀强磁场的磁感应强度为B,磁场上下边缘的高度差为L,上边界距离滑轮足够远,线圈ab边距离磁场下边界的距离也为L。现将物块由静止释放,已知线圈cd边出磁场前线圈已经做匀速直线运动,不计空气阻力,重力加速度为g,求:(1)线圈刚进入磁场时a、b两点的电势差大小;(2)线圈通过磁场的过程中产生的热量。解析:(1)线圈从开始运动到ab边刚进入磁场,根据机械能守恒

2、定律可得4mgLsin 30mgL(4mm)v2,解得v ,根据法拉第电磁感应定律可得,感应电动势EBLvBL,此时ab边相当于是电源,感应电流的方向为badcb,a为正极,b为负极,所以a、b的电势差等于电路的路端电压,可得UabEBL。(2)线圈cd边出磁场前线圈已经做匀速直线运动,所以线圈和物块均合外力为0,可得绳子的拉力为2mg,线圈受的安培力为mg,所以线圈匀速的速度满足mg,线圈从开始运动到cd边刚离开磁场,根据能量守恒定律可知4mg3Lsin 303mgL(4mm)vm2Q,联立解得Q3mgL。答案:(1)BL(2)3mgL2(2019湖南师大附中模拟)如图所示,一光滑绝缘细直杆

3、MN,长为L,水平固定在匀强电场中,电场强度大小为E,方向与竖直方向夹角为。杆的M端固定一个带负电小球A,电荷量大小为Q;另一带负电的小球B穿在杆上,可自由滑动,电荷量大小为q,质量为m,现将小球B从杆的N端由静止释放,小球B开始向右端运动,已知k为静电力常量,g为重力加速度,求:(1)小球B对细杆的压力的大小;(2)小球B开始运动时加速度的大小;(3)小球B速度最大时,离M端的距离。解析:(1)小球B在垂直于杆的方向上合力为零,则有FNqEcos mg由牛顿第三定律知小球B对细杆的压力FNFNqEcos mg。(2)在水平方向上,小球所受合力向右,由牛顿第二定律得:qEsin ma解得: a

4、。(3)当小球B的速度最大时,加速度为零,有:qEsin 解得:x 。答案:(1)qEcos mg(2)(3) 3(2019广州模拟)如图,足够大的平行挡板A1、A2竖直放置,间距为6L。两板间存在以水平面MN为理想分界面的区域和区域,区域中存在竖直向下的匀强电场E,区域存在垂直纸面向里的匀强磁场。A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2,两孔与分界面MN的距离均为L。质量为m、电量为q的粒子由静止经C1、C2两板间的匀强电场加速后,沿水平方向从S1进入区,并直接偏转到MN上的P点,再进入区,P点与A1板的距离是L的k倍,粒子的重力不计。(1)若k1,求C1、C2两板间的电压U;(2)若2k3

5、,且粒子最终沿水平方向恰从S2射出,试求出粒子在磁场中的速度大小v与k的关系式以及区的磁感应强度B与k的关系式。解析:(1)粒子在C1、C2中,由动能定理有:qUmvx20粒子在区做类平抛运动,则有:竖直方向:Lat2qEma 水平方向:kLvxt且k1联立可得:U。(2)当2k3时,粒子进入区时的速度为v,则有:联立可得水平速度:vx 竖直速度:vyat v v与水平方向的夹角为,则有sin 由题意可知粒子在区只能发生一次偏转,由对称性及几何关系可知rL由qvBm解得:B 。答案:(1)(2)v B 4在光滑绝缘水平桌面上建立直角坐标系xOy,y轴左侧有沿y轴正方向的匀强电场E,y轴右侧有垂

6、直水平桌面向上的匀强磁场B。在(12,0)处有一个带正电的小球A以速度v02.4 m/s沿x轴正方向进入电场,运动一段时间后,从(0,8)处进入y轴右侧的磁场中,并且正好垂直于x轴进入第4象限,已知A球的质量为m0.1 kg,带电量为q2.0 ,求:(1)电场强度E的大小;(2)磁感应强度B的大小;(3)如果在第4象限内静止放置一个不带电的小球C,使小球A运动到第4象限内与C球发生碰撞,碰后A、C粘在一起运动,则小球C放在何位置时,小球A在第4象限内运动的时间最长(小球可以看成是质点,不考虑碰撞过程中的电量损失)。解析:(1)设小球A在电场中沿x、y轴方向上的位移分别为x1、y1x轴方向:x1

7、v0t1,y轴方向:y1at12,加速度:a联立可得:E3.2 N/C。(2)小球进入磁场时y轴方向的速度:vyat1,合速度:v,方向:cos 联立解得v4 m/s,方向与y轴正方向成37小球A在磁场中做匀速圆周运动,垂直于x轴进入第4象限,作出小球A运动的轨迹如图,设轨道半径为R1,由几何关系可得:R1 m根据:Bqvm,解得:B1.5 T。(3)在第4象限内A与C球发生完全非弹性碰撞,碰撞后速度为v2,在磁场中做圆周运动的轨道半径为R2,mv(mmC)v2,Bqv2(mmC)解得:R2R1即:小球运动的轨道半径不变由周期公式T可得:碰撞后小球的速度小,故碰后的周期大,所以要使小球A在第4

8、象限内运动的时间最长,小球C应放在小球A进入第4象限时的位置:xR1R1sin 530.24 m,即坐标为(24,0)。答案:(1)3.2 N/C(2)1.5 T(3)(24,0)5(2019濮阳一模)如图所示,光滑的水平平行金属导轨间距为L,导轨电阻忽略不计。空间存在垂直于导轨平面竖直向上的匀强磁场,磁感应强度大小为B。轻质导体棒ab垂直导轨放置,导体棒ab的电阻为r,与导轨之间接触良好。两导轨之间接有定值电阻,其阻值为R,轻质导体棒中间系一轻细线,细线通过定滑轮悬挂质量为m的物体,现从静止释放该物体,当物体速度达到最大时,下落的高度为h。在本问题情景中,物体下落过程中不着地,导轨足够长,忽

9、略空气阻力和一切摩擦阻力,重力加速度为g。求:(1)物体下落过程的最大速度vm;(2)物体从静止开始下落至速度达到最大的过程中,电阻R上产生的电热Q;(3)物体从静止开始下落至速度达到最大时,所需的时间t。解析:(1)在物体加速下落过程中,加速度逐渐减小,当加速度为0时,下落速度达到最大。对物体,由平衡条件可得mgF安对导体棒F安BIL对导体棒与导轨、电阻R组成的回路,根据闭合电路欧姆定律得I根据法拉第电磁感应定律得EBLvm联立解得vm。(2)在物体下落过程中,物体重力势能减少,动能增加,系统电热增加,根据能量守恒定律可得mghmvm2Q总在此过程中任一时刻通过R和r两部分电阻的电流相等,则电功率之比正比于电阻之比,故整个过程中回路中的R与r两部分电阻产生的电热正比于电阻,所以联立解得Q。(3)在系统加速过程中,任一时刻速度设为v,取一段时间微元t,轻质导体棒质量不计,由牛顿第二定律可得FT0对物体下落过程应用动量定理可得(mgFT)tmv整理可得mgttmv即mgtxmv全过程叠加求和mgthmvm联立解得t。答案:(1)(2)(3)

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