1、901.302ABCCAACABC中，求的外接圆的半径VVRt2 3cos304.30322.ABCABACACABABcosABC的斜边就是其外接圆的直径由，得所以的外接圆的半径解析：等于VV2.如图，设ABC的外接圆的切线AE与BC的延长线交于点E，BAC的平分线与BC交于点D.已知BC=5，EC=4，求ED的长 解析：由切割线定理得AE2=ECEB=4(4+5)=36，所以AE=6.因为AE为切线，所以EAC=B.又EAD=EAC+CAD，EDA=B+BAD.且CAD=BAD，所以EAD=EDA，所以DE=AE=6.3.(2011江苏省扬州中学模拟)如图，设AB为O的任一条不与直线l垂直
2、的直径，P是O与l的公共点，ACl，BDl，垂足分别为C，D，且PC=PD.求证：(1)l是O的切线；(2)PB平分ABD.解析：(1)连接OP，因为ACl，BDl，所以ACBD.又OA=OB，PC=PD，所以OPBD，从而OPl.因为P在O上，所以l是O的切线(2)连接AP，因为l是O的切线，所以BPD=BAP.又BPD+PBD=90，BAP+PBA=90，所以PBA=PBD，即PB平分ABD.4.已知圆O的直径AB=13，C为圆上一点，过C作CDAB于D(ADBD)若CD=6，求AD的长22212.90.6131336049.9.ACCBABOACBADxCDABCDAD DBxxxxxx
3、ADBDADe如图，连接，因为是的直径，所以设因为，所以由直角三角形射影定理得，即，所以，解得，因为，所以解析：5.如图，PA切O于点A，D为PA的中点，过点D引O的割线交O于B、C两点求证：DPB=DCP.22.PAADADB DCDPADPDAPDDBDPDB DCDCPDBDPPDCBDPPDCDPBDCP VV因为与圆相切于，所以，因为 为中点，所以，所以，即因为，所以，所以解析：圆的切线的判定 .1ABOBPOBOAC OPPCOPCBADPBACDAODPOP12如图，是的直径，切于，的弦求证：是的切线；若切线和的延长线交于点，且等于的半径，则【例】【解析】(1)连结OC.因为AC
4、OP，所以ACO=COP，CAO=POB.由OA=OC，得OAC=OCA，所以COP=POB.在COP和BOP中，,POPOCOPBOPCOBO 所以COPBOP,所以PBO=PCO=90，所以PC是的切线.(2)由COPBOP，得DPO=OPB，所以.因为DA=OA=OB，所以又因为AD等于O的半径，ACOP，所以,所以.PBBOPDOD12PBPD12ACDAOPDOPBACDPOP本题主要考查圆的切线的判定及比例线段的证明，考查平面几何的推理论证能力.要证直线PC是O的切线，只要证OCPC即可；要求比例线段，可通过中间比来过渡，结合图形，利用条件即可获证.【变式练习1】如图，AB是O的直
5、径，C，F为O上的点，CA是BAF的角平分线，过点C作CDAF交AF的延长线于D点，作CMAB，垂足为点M.求证：(1)DC是O的切线;(2)AM MB=DF DA.【解析】连结OC，则OAC=OCA.又因为CA是BAF的角平分线，所以OAC=FAC，所以FAC=OCA，所以OCAD.因为CDAD，所以CDOC，即CD是O的切线.(2)连结BC.在RtACB中，CM2=AM MB.因为CD是O的切线，所以CD2=DF DA.又RtAMCRtADC，所以CM=CD，所以AM MB=DF DA.切割线定理及其应用2222.ABDABCDABCDECTTCBFBECTBC如图，已知是半圆的直径，是上
6、的一点，交半圆于点，是半圆的切线，是切点，交半圆于，求证：【例】【解析】连结AE，AF.因为AB是圆O的直径，所以AEB=AFB=90.又CDB=90，ABC=DBF，所以DBCFBA,所以，即AB BD=BC BF.ABBFCBBD因为AEB=90，CDAB，所以BE2=BD AB(直角三角形射影定理).因为CT是切线，CB是割线，所以CT2=CF CB.所以BC2-CT2=BC2 CF CB=BC (BC-CF)=BC BF,所以 BE2=BC2-CT2，即BE2+CT2=BC2.有切线有割线，考虑利用切割线定理；有直径，莫忘直角；有平方形式，考虑直角三角形射影定理.【变式练习2】如图，A
7、B是O的直径，C，F是O上的两点，OCAB，过点F作O的切线FD交AB的延长线于点D.连结CF交AB于点E.求证：DE2DBDA.【解析】连结OF.因为DF切O于F，所以OFD90.所以OFCCFD90.因为OCOF，所以OCFOFC.【解析】因为COAB于O，所以OCFCEO90.所以CFDCEODEF，所以DFDE.因为DF是O的切线，所以DF2DBDA.所以DE2DBDA.四点共圆及其应用【例3】如图，已知ABC的两条角平分线AD和CE相交于H，B=60，F在AC上，且AE=AF.证明：(1)B，D，H，E四点共圆；(2)CE平分DEF.【解析】(1)在ABC中，因为B=60，所以BAC
8、+BCA=120.因为AD、CE是角平分线，所以HAC+HCA=60，所以AHC=120，所以EHD=AHC=120.因为EBD+EHD=180,所以B，D，H，E四点共圆.(2)连结BH，则BH为ABC的平分线.由(1)知，B，D，H，E四点共圆,CED=HBD=30.又EBD=AHE=60,由已知可得EFAD,CEF=30，所以CE平分DEF.本题是对考生几何推理论证能力的综合考查，所用到的知识较多，证明的关键是根据四点共圆的条件进行证明.在解题时要根据已知条件，通过等量代换将角集中到一个四边形中，达到使用条件的目的.12.?.3OOMNAEMNABCDEAB CDBC DE如图，与交于、
9、两点，直线与这两个圆及依次交于、【变式练习】求证：.()().AMDNAC CDMC CNBC CEMC CNAC CDBC CEABBC CDBC CDDEAB CDBC DE因为，四点共圆，所以同理，有所以，即，所以【证明】601.40(201.1)ABCOABCBACOEABEECOECe锐角三角形内接于，作交劣弧于点，连接，求南通期末卷.604080.80.8080160.10.OCABCBACACBOEABEABBEBCEOCOEC 连接因为，所以因为，所以 为的中点，所以和的度数均为所以所以【解析】2.(2011南通三模卷)如图，O的直径AB的延长线与弦CD的延长线相交于点P，E为
10、 O 上 一 点，AE=AC，求 证：PDE=POC.解析:因为AE=AC，AB为直径，故OAC=OAE.所以POC=OAC+OCA=OAC+OAC=EAC.又EAC=PDE，所以PDE=POC.4 cm3 cm6 cm.2 53c.mOABCDPPAPBPCEAOAAECDEAEPE如图所示，的弦、相交于点，切于点，与的延长线交于点若，求的长ee264 32 cm2082 cm4 cmPD PCPA PBPDPDEAOEAED ECEDEDEDPEe根据相交弦定理，得，所以，所以 因为是的切线，所以，所以，所以，则解析：【解析】根据相交弦定理，得PD PC=PA PB，所以PD 6=43,所
11、以PD=2(cm).因为EA是O的切线，所以EA2=ED EC，所以 20=ED (ED+8)，所以ED=2(cm),则PE=4(cm).4.已知O1和O2都经过A、B两点，经过点A的直线CD与O1交于点C，与O2交于点D.经过点B的直线EF与O1交于点E，与O2交于点F.求证：CEDF.【解析】如图，连结AB.因为四边形ABEC是O1的内接四边形，所以BAD=E.因为四边形ADFB是O2的内接四边形，所以BAD+F=180.所以E+F=180,所以CEDF.ABCCMACBAMCBCNACABBNAM1225 在中，已知是的平分线，的外接圆交于点若，求证：.ABCCMACBACAMBCBMA
12、BAMACABBCBMBMABNCOBBABNBMBABNBCBCBMAMBNBNAMBMBM12222在中，因为是的平分线，所以又已知，所以又因为与是圆 过同一点 的割线，所以，即由【、可知所证明，】以1.2.圆周角定理及其推论主要应用于证明弦相等、弧相等、角相等和线垂直等圆周角定理、弦切角定理、相交弦定理、割线定理、切割线定理在证明、计算和作图中有着广泛的应用，是高考的必考内容，这几个定理既有联系又有区别，在复习时，应放在一起研究3.与圆有关的比例线段问题的一般思考方法：(1)直接应用相交弦定理、切割线定理及其推论；(2)找相似三角形，当证明有关线段的比例式或等积式不能直接运用基本定理推导时，通常是由“三点定形法”证三角形相似，其一般思路为等积式比例式中间比相似三角形.4.与圆有关的常用辅助线(1)有弦，可作弦心距；(2)有直径，可作直径所对的圆周角；(3)有切点，可作过切点的半径；(4)两圆相交，可作公共弦；(5)两圆相切，可作公切线；(6)两半圆，可作整圆.
