收藏 分享(赏)

2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:177483 上传时间:2024-05-25 格式:DOC 页数:12 大小:752KB
下载 相关 举报
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第1页
第1页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第2页
第2页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第3页
第3页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第4页
第4页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第5页
第5页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第6页
第6页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第7页
第7页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第8页
第8页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第9页
第9页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第10页
第10页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第11页
第11页 / 共12页
2020届高考考前45天大冲刺卷理科数学五 WORD版含解析.doc_第12页
第12页 / 共12页
亲,该文档总共12页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、2020年高考考前45天大冲刺卷理 科 数 学(五)注意事项:1答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。第卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1若集合,则( )ABC或D2复数为纯虚数,则( )ABCD3已知棱长为的正方体的俯视图是一个面积为的正方形,则该正方体的正视图的面积不可能等于( )ABCD4已知函数,则的最大值为( )ABCD5已知圆,直线,则“与相交”是“”的( )A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充

2、分也不必要条件6已知圆的半径为,在圆内随机取一点,则过点的所有弦的长度都大于的概率为( )ABCD7若双曲线的一条渐近线被圆所截得的弦长为,则的离心率为( )ABCD8设实数,则展开式中的常数项为( )ABCD9已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )ABCD10已知函数,则( )ABCD11抛物线焦点为,点满足(为坐标原点),若过点作互相垂直的两弦,则当弦过点时,的所有可能取值的集合为( )ABCD12设函数,若常数满足:对,唯一的,使得,成等差数列,则( )ABCD第卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13已知向量,若,则的值为 14设,满足约束条件,若目标函数

3、的最大值为,则的最小值为 15已知的内角,的对边分别为,若,则的面积为 16已知倾斜角为的直线过曲线的焦点,且与相交于不同的两点,(在第一象限),则 三、解答题:本大题共6个大题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17(12分)已知数列的前项和为(1)求数列的通项公式;(2)若,设是数列的前项和,求证:18(12分)某公司为了提升公司业绩,对公司销售部的所有销售月份的产品销售量做了一次调查,得到如下的频数分布表:(1)若将月份的销售量不低于件的销售员定义为“销售达人”,否则定义为“非销售达人”,请根据频数分布表补全以下列联表:并判断能否在犯错误的概率不超过的前提下认为该公司销售员是

4、否为“销售达人”与性别有关;(2)在(1)的前提下,从所有“销售达人”中按照性别进行分层抽样,抽取名,再从这名“销售达人”中抽取名作销售知识讲座,记其中男销售员的人数为,求的分布列和数学期望附表及其公式:,19(12分)如图,四边形为矩形,和均为等腰直角三角形,且,(1)求证:平面;(2)设,问是否存在,使得二面角的余弦值为?若存在,求出的值;若不存在,请说明理由20(12分)已知椭圆的右焦点为,离心率为,且经过点,点为椭圆上的动点(1)求到点的最短与最长距离;(2)设直线与椭圆相交于,两点,则是否存在点,使得的内切圆恰好为?并说明理由21(12分)已知函数的最小值为,(1)求的值;(2)设,

5、求证:请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分22(10分)【选修4-4:坐标系与参数方程】在平面直角坐标系中,以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,已知曲线的极坐标方程为,曲线的参数方程为(为参数)(1)求的直角坐标方程和的普通方程;(2)若与相交于,两点,求的面积23(10分)【选修4-5:不等式选讲】已知函数(1)求不等式的解集;(2)记的最大值为,设,且,求证:第7页(共8页) 第8页(共8页)高考资源网() 您身边的高考专家答案与解析一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1【答案】B【

6、解析】计算得集合,故选B2【答案】C【解析】复数为纯虚数,故,所以,3【答案】C【解析】该正方体的正视图是一个矩形,但根据正方体视角不同,则面积不同,面积的范围是4【答案】A【解析】化简函数得,所以函数的最大值为5【答案】A【解析】圆与直线相交,解得,因为是的子集,所以选A6【答案】C【解析】过点的所有弦的长度都大于的点落在以点为圆心,半径为的圆内,则所求概率为7【答案】C【解析】设双曲线的一条渐近线方程为,则圆心到该直线的距离,由题意得,化简得,即,所以,即8【答案】D【解析】由定积分的几何意义可知,所以展开式中的常数项为9【答案】A【解析】由三视图可知,该几何体是圆柱的一半与长方体的组合体

7、,其中半圆柱的底面半径为,高为,故其体积为10【答案】B【解析】因为函数,因此函数是定义域上的偶函数,又因为函数在上单调递增,而,所以11【答案】A【解析】由题意得,当弦过点时,设直线的方程为,联立方程,可得,整理得,即,又,解得,(不合题意,舍去),的可能取值的集合为12【答案】A【解析】对,唯一的,使得,成等差数列,是单调增函数,故选A第卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13【答案】【解析】,故,14【答案】【解析】直线平移到点时目标函数取最大值,即,所以,满足题意,由,在时等号成立,得的最小值为15【答案】【解析】由正弦定理得,因为,所以,因为,所以,由余弦定理,即,解得

8、,所以16【答案】【解析】由曲线,即,得,过作垂直轴于点,垂直准线于点,为准线与轴的交点,则,所以三、解答题:本大题共6个大题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17【答案】(1);(2)证明见解析【解析】(1)当时,当时,满足上式,所以(2)由(1)知,所以18【答案】(1)列联表见解析,能在犯错的概率不超过的前提下认为;(2)分布列见解析,【解析】(1)频数分布表补全以下列联表:所以,所以能在犯错的概率不超过的前提下认为该公司销售员是否为“销售达人”与性别有关(2)由(1)知,抽取的名“销售达人”中,有名男销售员,有名女销售,所以的可能取值为,所以的分布列为所以数学期望19【答

9、案】(1)证明见解析;(2)不存在,详见解析【解析】(1)因为,所以平面,因为,所以平面,所以平面平面,故平面(2)以为原点,建立空间直角坐标系,如图因为,所以平面,又因为,所以平面,设,则,则,设平面的法向量为,则由,取,因为,则;设平面的法向量为,则由,取,因为二面角的余弦值为,所以,即,由于,所以不存在正实数,使得二面角的余弦值为20【答案】(1)到点的最短与最长距离分别为,;(2)不存在,详见解析【解析】(1)依题意得,所以,所以椭圆的方程为,设到点的距离为,则,因为二次函数的对称轴为直线,所以,该函数在上单调递减,所以当时取得最小值,时取得最大值所以到点的最短与最长距离分别为,(2)假设存在点,使得的内切圆恰好为,设,因为直线与圆相切,当时,联立得,因为为的角平分线,所以,其中,即,所以直线的方程为,因为圆心到直线的距离为,所以此时不是圆的切线;同理,当时,也不是圆的切线,综上所述:不存在21【答案】(1);(2)证明见解析【解析】(1),令,解得;令,解得,所以,在单调递减,在上单调递增,所以,解得(2)令数列的前项和,则,由(1)得,变形可得,令,则,因此,所以22【答案】(1),;(2)【解析】(1)的极坐标方程可化为,因为,故的直角坐标方程为,消参可得的普通方程为(2)的焦点坐标为,为过的直线,- 12 - 版权所有高考资源网

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3