1、贵州省麻江县一中2019-2020学年上学期10月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.把两根电阻相同的电热丝先串联后并联分别接在同一电源上，若要产生相等的热量，则两种方法所需的时间之比t串t并为()A 11 B 21 C 41 D 142.如图所示，两个点电荷，电荷量分别为q14109C和q29109C，分别固定于相距20 cm的a、b两点，有一个点电荷q放在a、b所在直线上且静止不动，该点电荷所处的位置是()A 在a点左侧40 cm处 B 在a点右侧8 cm处C 在b点右侧20 cm处 D 无法确定
2、3.我国北京正、负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，电子电荷量e1.61019C，在整个环中运行的电子数目为51011个，设电子的运行速度是3107m/s，则环中的电流是()A 10 mA B 1 mA C 0.1 mA D 0.01 mA4.如图所示，a，b端接入电源，当滑动变阻器滑片P向下滑动时，电路中两个灯泡都不亮，用电压表检查电路时，测得UabU，UcdU，Uac0，Ubd0，则故障原因可能是()A 变阻器短路 B 变阻器断路Ca、c间灯泡断路 D 两个灯泡都断路5.如图所示，一段长为a，宽为b，高为c(abc)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，
3、则最小的电阻为()A B C DR 6.阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成，实线为电场线，虚线为等势线，z轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则()A 电极A1的电势高于电极A2的电势B 电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C 电子在P点处的动能大于在Q点处的动能D 电子从P至R的运动过程中，电场力对它一直做正功7.一个带电导体与另一个不带电导体接触，下列说法正确的是()A 两个导体一定带异种电荷B 两个导体一定带同种电荷C 两个导体一定带不等量的同种电荷D 两个导体一定带等量的同种电荷8.如图所示，AB是某电场中的一条电场线，在电场线
4、上A处自由释放一负试探电荷时，它沿直线向B加速运动，对此现象，下列判断中正确的是(不计重力)()A 若加速度aAaB，则AB一定是正点电荷电场中的一条电场线B 若加速度aAaB，则AB一定是正点电荷电场中的一条电场线C 若加速度aAaB，则AB一定是匀强电场中的一条电场线D 无论aA，aB大小关系怎样，AB都可能是等量异号电荷电场中的一条电场线9.电容器是一种常用的电子元件对电容器认识正确的是()A 电容器的电容表示其储存电荷的能力B 电容器的电容与它所带的电量成正比C 电容器的电容与它两极板间的电压成正比D 电容的常用单位有 F和pF,1 F103pF10.甲、乙、丙三个电荷在同一直线上，甲
5、带电Q，乙带电q(Qq)，每个点电荷受其余两个点电荷的作用力的合力都等于零，则丙电荷()一定带正电电量大于q电量小于Q在甲、乙连线之间A B C D 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.（多选）如图所示，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点不计重力下列说法正确的是（）AM带负电荷，N带正电荷BM在b点的动能小于它在a点的动能CN在d点的电势能等于它在e点的电势能DN在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功12.(多选)如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流关系图象，直线B
6、为电源b的路端电压与电流关系图象，直线C为一电阻R两端电压与电流关系图象将这个电阻R分别接到a、b两个电源上，由图可知这两次相比()AR接到电源a上，电源效率较高BR接到电源b上，电源输出功率较大CR接到电源a上，电源输出功率较大，但效率较低DR接到电源b上，电源内阻发热功率较小13.(多选)图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示点a、b、c为实线与虚线的交点已知O点电势高于c点若不计重力，则()AM带负电荷，N带正电荷BN在a点的速度与M在c点的速度大
7、小相同CN在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功DM在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零14.(多选)对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是()A 将两极板的间距加大，电容将增大B 将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小C 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大D 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大分卷II三、实验题(共2小题，共15分) 15.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）从图中的示数可读出
8、合金丝的直径为mm（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm16.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为1.5 V，内电阻小于1.0 ）B电流表A1（量程03 mA，内阻Rg1=10 ）C电流表A2（量程00.6 A，内阻Rg2=0.1 ）D滑动变阻器R1（020 ，10 A）E滑动变阻器R2（0200 ，l A）F定值电阻R0G开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准
9、确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，且I2的数值远大于I1的数值），但坐标纸不够大，他只画了一部分图线，则由图线可得被测电池的电动势E=V，内阻r=（3）若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为AI1（R0+Rg1） BI1R0 CI2（R0+Rg2） DI1Rg1四、计算题(共4小题,每小题18.0分,共72分) 17.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定开始时
10、连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时的速度恰好为零问：（1）A、B两点的电势差UAB为多少？（2）电场强度为多少？18.如图所示，已知平行板电容器两极板间距离d4 mm，充电后两极板电势差为120 VA板带正电，若它的电容为3 F，且P到A板距离为1 mm.求：(1)每一板的带电荷量；(2)一个电子在P点具有的电势能；(3)一个电子从B板出发到A板获得的动能；(4)两板间的电场强度19.如图所示，电路中接电动势为4 V，内电阻为2 的直流电源，电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为4 ，电容器的电容为30 F，电流表的内阻不计，当电路稳定后（1）求电流表的读数
11、；（2）求电容器所带的电荷量；（3）如果断开电源，求通过R2的电荷量20.如图所示，一束带电粒子(不计重力)，垂直电场线方向进入偏转电场，试讨论在以下情况中，粒子应具备什么条件，才能得到相同的偏转距离y和偏转角度.(U、d、l保持不变)(1)进入偏转电场的速度相同；(2)进入偏转电场的动能相同；(3)先经同一加速电场加速后，再进入偏转电场 答案1.C 2.A 3.A 4.B 5.A 6.D 7.B 8.D 9.A 10.A11.ABC 12.CD 13.BD 14.BCD15.（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm
12、，可动刻度为41.00.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm16.（1）b D （2）1.48 0.84 （3）A【解析】（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，电路中电流最大为：Im=A=1.5 A；故电流表至少应选择00.6 A量程；故应将3 mA故应将电流表G串联一个电阻，改装成较大量程的电压表使用电表流A由于内阻较小；故应采用相对电源来
13、说的外接法；故a、b两个参考实验电路，其中合理的是b；因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小滑动变阻器应选D（R1），（2）由图乙所示图象可知，图象纵轴截距是I1=1.49 mA，电源电动势：E=I1（RA1+R0）=1.49103A（10 +990 ）=1.49 V；路端电压U=I1（RA1+R0），当纵轴表示路端电压时，图象斜率的绝对值等于电源内阻，则电源内阻r=1030.85 ；（3）根据闭合电路欧姆定律可知U=EIr，若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为路段电压，而U=I1（R0+Rg1），即图线的纵坐标应该为I1（
14、R0+Rg1），故选：A17.（1）（2）【解析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：mgLsin 60+qUAB=0，解得：UAB=.（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，则场强：E=18.(1)3.6104C(2)90 eV(3)120 eV (4)3104N/C【解析】(1)由QUC得Q1203106C3.6104C.(2)EPePedPB90 eV.(3)因为电子从B板出发到A板的过程中电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以由动能定理得Ek0eUBA，Ek120 eV.(4)E3104N/C.19.（1）0.4 A （2）4.8105C （3）2.4105C【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律：I=故电流表的读数为0.4 A（2）U3=IR3=0.44 V=1.6 VQ=CU3=4.8105C故电容器所带的电荷量为4.8105C（3）因R1、R2并联，且R1=R2，所以在放电回路中通过R2的电量为故通过R2的电荷量为2.4105C20.(1)相同(2)q相同(3)与粒子无关【解析】带电粒子在水平方向运动：lv0tvxv0在竖直方向运动：yt2vyt由得：y，由得：tan.(1)因为v0相同，当相同时，y、tan也相同；(2)因为mv相同，当q相同时，y、tan也相同；(3)设加速电场的电压为U，由qUmv，有y，tan，y、tan相同，与粒子无关
