1、2015-2016学年四川省成都市玉林中学高三（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分请将对应题目的答案填入答题卡）1如图所示，甲、乙两小球沿光滑轨道ABCD运动，在轨道的水平段AB上运动时，两小球的速度均为v0=5m/s，相距d=10m，轨道水平段AB和水平段CD的高度差为h=1.2m设两小球在斜坡段BC运动时未脱离轨道，关于两小球在轨道水平段CD上的运动情况，下列描述中，正确的是（）A两小球在CD段运动时仍相距10mB两小球在CD
2、段运动时相距小于10mC两小球到达图示位置P点的时间差为2sD两小球到达图示位置P点的时间差约为1.4s2如图所示，传送皮带的水平部分AB是绷紧的当皮带不动时，滑块从斜面顶端静止开始下滑，通过AB所用的时间为t1，从B端飞出时速度为v1皮带逆时针方向转动时，滑块同样从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t2，从B端飞出时的速度为v2，则t1和t2、v1和v2相比较，可能的情况是（）At1=t2Bt1t2Cv1=v2Dv1v23小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，则（）A小球第一次反弹初速度的大小为3m/sB碰撞时速度的改变量大小为
3、2m/sC小球是从5m高处自由下落的D小球反弹起的最大高度为0.45m4如图所示，甲、乙两位同学做“拔河”游戏两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端，保持凳子水平，然后各自向两侧拖拉若凳子下表面各处的粗糙程度相同，两位同学手掌粗糙程度也相同，在乙端的凳面上放有四块砖，下列说法中正确的是（）A由于甲端比较轻，甲容易将凳子拉向自己B由于乙端比较重，凳子和手之间产生较大的摩擦，乙可以将凳子拉向自己C谁用的力气大就可以将凳子拉向自己D拔河过程中乙的手和凳子之间不会有相对滑动，甲的手可以和凳子间有相对滑动，也可以没有相对滑动5如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的物块以某一初速沿斜劈的粗糙
4、斜面向上滑动，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止在物块向上、向下滑动的整个过程中（）A地面对斜劈的摩擦力方向先向左后向右B地面对斜劈的摩擦力方向没有改变C地面对斜劈的支持力大于（M+m）gD物块向上、向下滑动时加速度大小相同6如图所示，质量为m的质点和半径为R的半球体均静止，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平地面的夹角为，则下列说法正确的是（）A地面对半球体的摩擦力方向水平向左B质点对半球体的压力大小为mgcosC质点所受摩擦力大小为mgcosD质点所受摩擦力大小为mgcos7在2008北京奥运会中，牙买加选手博尔特（如图）是一公认的世界飞人，在男子100m决赛和男子
5、200m决赛中分别以9.69s和19.30s的成绩破两项世界纪录，获得两枚金牌关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是（）A200m决赛中的位移是100m决赛的两倍B100m决赛中的平均速度约为10.32m/sC200m决赛中的平均速度约为10.36m/sD100m决赛中的最大速度约为20.64m/s8如图所示，倾角为30的斜面体固定在水平地面上，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的滑轮O（可视为质点）A的质量为m，B的质量为4m开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动将A由静止释放，在其下摆过程中
6、B始终保持静止则在绳子到达竖直位置之前，下列说法正确的是（）A物块B受到的摩擦力一直沿着斜面向上B物块B受到的摩擦力先减小后增大C绳子的张力先减小后增大D地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右二、实验题（本题共3小题，共18分）9在做“互成角度的两个力的合成”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的是（）A同一次实验过程中，O点位置允许变动B实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度C实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D实验中，把橡皮条的另一端
7、拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角应取90，以便于算出合力大小10通过“探究弹簧弹力与弹簧伸长量之间的关系”实验，我们知道：在弹性限度内，弹簧弹力F与形变量x成正比，并且不同弹簧，其劲度系数也不同某中学的探究学习小组从资料中查到：弹簧的劲度系数与弹簧的材料和形状有关该学习小组想研究弹簧的劲度系数与弹簧原长的关系，现有A，B，C，D四根材料和粗细完全相同仅长度不同的弹簧（1）学习小组的同学们经过思考和理论推导，各自提出了自己的看法，其中甲同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧长度成正比，乙同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧原长成反比，甲、乙有一名同学的看法是正确的你认为正确的是（填“甲”或“乙”），就这一环
8、节而言，属于科学探究中的哪个环节（填序号）A分析与论证B进行实验与收集证据C猜想与假设 D制定计划与设计实验（2）为验证甲、乙谁的看法正确，可通过实验完成，实验器材除上述弹簧和已知质量的几个钩码外，还需要的实验器材是（3）探究学习小组进行实验记录的数据如表所示实验数据记录（g=10m/s2）原长钩码质量弹簧长度弹簧伸长量x弹簧劲度系数k弹簧A10.00cm0.3kg13.00cm3.00cm100N/m弹簧B15.00cm0.1kg16.49cm1.49cm67.1N/m弹簧C20.00cm0.2kg24.00cm弹簧D30.00cm0.1kg32.99cm2.99cm33.4N/m请完成上表
9、，从中得出的结论为：11利用图中所示的装置可以研究自由落体运动实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落打点计时器会在纸带上打出一系列的小点打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，下图为实验中打出的一条纸带，从起始点O开始，将此后连续打出的7个点依次标为A、B、C、D该重物下落的加速度为 m/s2（结果保留两位有效数字）三、计算题（本题共4小题，11题16分、12题20分、共36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案者不得分有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位）12（12分）（2015秋成都校级月考）如图所示，重力为G的物体在与竖直方向
10、成角的力F作用下，恰能沿竖直墙壁在竖直方向上做匀速运动，物体与墙壁间的动摩擦因数为，求力F的大小为多大？13（12分）（2015秋成都校级月考）如图所示，以8m/s速度匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线17m该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为4m/s2此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，某司机正常反应时间为0.4s问：（1）这位司机打算加速前进，他能否在绿灯熄灭前通过停车线？（2）若这位司机酒后驾驶，反应时间变为原来的3倍，分析他是否会闯红灯？15（12分）（2011修水县校级模拟）为了使航天员能适应在失重环境下的工作和生活，国家
11、航天局组织对航天员进行失重训练故需要创造一种失重环境；航天员乘坐到民航客机上后，训练客机总重5104kg，以200m/s速度沿30倾角爬升到7000米高空后飞机向上拉起，沿竖直方向以200m/s 的初速度向上作匀减速直线运动，匀减速的加速度为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，仍沿竖直方向以加速度为g加速运动，在前段时间内创造出完全失重，当飞机离地2000米高时为了安全必须拉起，后又可一次次重复为航天员失重训练若飞机飞行时所受的空气阻力f=Kv（k=900Ns/m），每次飞机速度达到350m/s 后必须终止失重训练（否则飞机可能失速）求：（1）飞机一次上下运动为航天员创造的完全失重的时间（2）飞
12、机下降离地4500米时飞机发动机的推力（整个运动空间重力加速度不变）16（14分）（2011秋通州区期末）如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为mA=10kg，mB=20kg，A、B之间，B与地面之间的动摩擦因数均为=0.5一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37，今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求所加水平力F的大小，并画出A、B的受力分析图（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos 37=0.8）2015-2016学年四川省成都市玉林中学高三（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分在每小题
13、给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分请将对应题目的答案填入答题卡）1如图所示，甲、乙两小球沿光滑轨道ABCD运动，在轨道的水平段AB上运动时，两小球的速度均为v0=5m/s，相距d=10m，轨道水平段AB和水平段CD的高度差为h=1.2m设两小球在斜坡段BC运动时未脱离轨道，关于两小球在轨道水平段CD上的运动情况，下列描述中，正确的是（）A两小球在CD段运动时仍相距10mB两小球在CD段运动时相距小于10mC两小球到达图示位置P点的时间差为2sD两小球到达图示位置P点的时间差约为1.4s考点：动量守恒定律；平抛
14、运动 专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：A、B两球在轨道上的运动情况相同，可知两球通过P点的时间差等于A球从初始位置运动到B球初始位置的时间，根据小球运动到CD轨道上的速度判断两球在CD段运动的间距解答：解：AB、根据动能定理知，解得v=7m/s，知两球在CD段运动的速度为7m/s，大于AB段的速度大小，两球在轨道上的运动情况相同，所以在CD段上的间距大于10m故A、B错误CD、A、B两球在轨道上的运动情况相同，可知两球通过P点的时间差等于A球从初始位置运动到B球初始位置的时间，故C正确，D错误故选C点评：解决本题的关键知道两球的运动情况相同，通过某点的时间间隔不变，抓住速度大
15、小的变化判断两球之间距离的变化2如图所示，传送皮带的水平部分AB是绷紧的当皮带不动时，滑块从斜面顶端静止开始下滑，通过AB所用的时间为t1，从B端飞出时速度为v1皮带逆时针方向转动时，滑块同样从斜面顶端由静止开始下滑，通过AB所用的时间为t2，从B端飞出时的速度为v2，则t1和t2、v1和v2相比较，可能的情况是（）At1=t2Bt1t2Cv1=v2Dv1v2考点：平抛运动；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律 专题：平抛运动专题分析：当皮带不动和逆时针转动时，滑块滑上传送带都做匀减速直线运动，根据运动学公式，结合牛顿第二定律比较运动的时间和到达B端的速度解答：解：在两种情况下，到达A点的初速度
16、相等，都做匀减速直线运动，加速度大小相等，根据速度位移公式知，到达B端的速度相等，即v1=v2，结合速度时间公式知，t1=t2故A、C正确，B、D错误故选AC点评：解决本题的关键搞清滑块的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式求解3小球从空中自由下落，与水平地面第一次相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，则（）A小球第一次反弹初速度的大小为3m/sB碰撞时速度的改变量大小为2m/sC小球是从5m高处自由下落的D小球反弹起的最大高度为0.45m考点：自由落体运动；匀变速直线运动的图像 专题：自由落体运动专题分析：解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表
17、物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度解答：解：A、由图象可知，小球第一次反弹后初速度的大小为3m/s，故A正确；B、碰撞时速度的改变量为v=3m/s5m/s=8m/s，则速度的改变量大小为8m/s，故B错误；C、由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，根据vt图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得：小球下落的高度为：h=0.55m=1.25m，故C错误；D、小球能弹起的最大高度对应图中0.5s0.8s内速度图象的面积，所以h=0.33m=0.45m，故D正确；故选AD点评：解决本题要明确vt图象的含义：在vt图象中每时刻对应于速度的
18、大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负4如图所示，甲、乙两位同学做“拔河”游戏两人分别用伸平的手掌托起长凳的一端，保持凳子水平，然后各自向两侧拖拉若凳子下表面各处的粗糙程度相同，两位同学手掌粗糙程度也相同，在乙端的凳面上放有四块砖，下列说法中正确的是（）A由于甲端比较轻，甲容易将凳子拉向自己B由于乙端比较重，凳子和手之间产生较大的摩擦，乙可以将凳子拉向自己C谁用的力气大就可以将凳子拉向自己D拔河过程中乙的手和凳子之间不会有相对滑动，甲的手可以和凳子间有相对滑动，也可以没有相对滑动考点：静摩擦力
19、和最大静摩擦力 专题：摩擦力专题分析：要解决此题，需要掌握影响最大摩擦力大小的因素，接触面的粗糙程度相同时，压力越大，则最大静摩擦力越大当外力大于最大静摩擦力时，物体的运动状态会发生变化，产生相对运动解答：解：由图知，乙端对手的压力较大，所以乙端对凳子向右的最大静摩擦力大于甲端对凳子向左最大静的摩擦力，由于甲所受最大静摩擦力小，因此甲将容易相对长凳滑动，即甲容易被从长凳上拉离，因此凳子将向右移动，即乙可以将凳子拉向自己；故A错误，B正确，C错误，D正确；故选BD点评：此题主要考查了影响最大静摩擦力大小的因素，当外力大于最大静摩擦力时，物体之间才有相对运动，最大静摩擦力越大，越难发生相对移动5如
20、图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的物块以某一初速沿斜劈的粗糙斜面向上滑动，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止在物块向上、向下滑动的整个过程中（）A地面对斜劈的摩擦力方向先向左后向右B地面对斜劈的摩擦力方向没有改变C地面对斜劈的支持力大于（M+m）gD物块向上、向下滑动时加速度大小相同考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算 专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解地面对物体M的摩擦力和支持力解答：解：物块先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向
21、左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有x分析：f=masiny分析：（M+m）gN=macosA、由式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故A错误；B、由式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故B正确；C、由式，地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故C错误；D、由式，地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故D错误故选：B点评：关键是用整体法对AB进行受力分析，然后根据牛顿第二定律和共点力平衡条件列方程分析求解6如图所示，质量为m的质点和半径为R的半球体均静止，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平地面的夹角为，则下列说法正确的是（）A地面对半球体的摩擦力方向水平
22、向左B质点对半球体的压力大小为mgcosC质点所受摩擦力大小为mgcosD质点所受摩擦力大小为mgcos考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：对整体分析可知地面对半球体的摩擦力； 对质点受力分析，由共点力的平衡可知质点受到的支持力及摩擦力，再由牛顿第三定律可得出质点对球的压力解答：解：对整体受力分析可知，整体水平方向不受外力，故地面对半球没有摩擦力； 故A错误； 对质点受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力； 如图所示，由共点力的平衡可知，质点受到的支持力F=mgsin，故由牛顿第三定律可求得质点对半球体的压力大小为mgsin； 故B错误； 质点受到的摩擦力f=mgcos，故C错误，D
23、正确； 故选：D点评：本题考查物体的共点力的平衡问题，关键在于正确的选择研究对象，做好分力分析，根据共点力的平衡得出表达式即可求解7在2008北京奥运会中，牙买加选手博尔特（如图）是一公认的世界飞人，在男子100m决赛和男子200m决赛中分别以9.69s和19.30s的成绩破两项世界纪录，获得两枚金牌关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是（）A200m决赛中的位移是100m决赛的两倍B100m决赛中的平均速度约为10.32m/sC200m决赛中的平均速度约为10.36m/sD100m决赛中的最大速度约为20.64m/s考点：平均速度；位移与路程 专题：常规题型分析：正确解答本题的关键
24、是：理解应用平均速度的公式求物体的平均速度；理解位移和路程的区别；明确在体育比赛中100比赛是直道，200米是弯道解答：解：A、200米比赛为弯道，路程大小是200米（位移不是200m），100米比赛为直道，位移大小为100米，故A错误；B、100米比赛的位移大小为100米，因此其平均速度为：=10.32m/s，故B正确；C、由于200米比赛为弯道，无法求出其位移大小，故平均速度无法求，故C错误；D、由于100比赛过程中运动员并不是一直匀加速运动，v=不成立，无法求出其最大速度，故D错误故选：B点评：体育运动与物理中的运动学规律有很多的结合点，在平时训练中要加强应用物理知识解决实际问题的能力8
25、如图所示，倾角为30的斜面体固定在水平地面上，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的滑轮O（可视为质点）A的质量为m，B的质量为4m开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止则在绳子到达竖直位置之前，下列说法正确的是（）A物块B受到的摩擦力一直沿着斜面向上B物块B受到的摩擦力先减小后增大C绳子的张力先减小后增大D地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右考点：向心力；静摩擦力和最大静摩擦力；力的分解；共点力平衡的条件及其应用；机械能守恒定律 分析：小球A下摆过程中机械能守恒
26、，下摆的速度越来越大，绳子的拉力越来越大，到达最低点绳子的拉力达最大，分析得到：机械能守恒：=mgr，又由牛顿第二定律得：，小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，而B的重力沿斜面向下的分力为2mg，所以，斜面对B的静摩擦力沿斜面向下为mg，而物块B在小球A还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2mg，因此，物块B受到的摩擦力先减小后增大 在分析地面对斜面的摩擦力时，把物块B与斜面看做一整体分析，小球A下摆过程中绳子对整体由水平向左的一分力，而整体静止不动，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右解答：解：A、B、：初始情况下分析物块B受力：竖直向
27、下的重力4mg、垂直斜面向上的支持力FN、沿斜面向上的静摩擦力Ff沿斜面和垂直斜面正交分解B物块受到的力，B物块处于平衡状态，则有：沿斜面方向：Ff=4mgsin30=2mg， 垂直斜面方向：由牛顿第三定律知：物块B对斜面有垂直斜面向下的压力 和沿斜面向下的静摩擦力，把这两个力向水平方向分解，则得：斜面体水平方向受到B的作用力（取水平向左为正方向）：sin30cos30又=FN=4mgcos30=，=Ff=4mgsin30=2mgsin30cos30=，所以初始状态下斜面体水平方向受物块B的合力为零，不存在受地面的摩擦力 小球A下摆过程中，物块B始终保持静止，则小球A不对外做功，机械能守恒，小
28、球A的速度不断增大，到最低点时速度最大，这时小球A摆到低时对绳的拉力最大，设r为A到滑轮的绳长，最低点小球A的速度为v，则由机械能守恒定律得：=mgr，又由牛顿第二定律得：，小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，此时物块B在平行于斜面方向所受的摩擦力为，方向沿斜面向下，由此可知物块B受到斜面的摩擦力先是沿斜面向上2mg，后逐渐减少到零，再沿斜面向下逐渐增大到mg，所以，选项A错误，选项B正确C：由以上分析知绳子的张力一直增大，小球A摆到低时对绳的拉力最大，所以，选项C错误D：将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止，在绳子到达竖直位置之前，把斜面与物块B看做整体，绳子始终有拉力，此拉力水平
29、向左有个分力，而整体保持静止，水平方向受力平衡，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右，那么，选项D正确 故选：B、D点评：本题解答时要正确的分析好物体的受力，同时，要选好受力的研究对象：分析绳子拉力时选小球A，分析物块B受的摩擦力时选B物块，分析地面的摩擦力时选斜面与B物块整体，再者要注意物块B所受到的摩擦力是否达到最大值二、实验题（本题共3小题，共18分）9在做“互成角度的两个力的合成”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的是（）A同一次实验过程中，O点位置允许变动B实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度
30、C实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角应取90，以便于算出合力大小考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：正确解答本题需要掌握：理解“等效法”的具体应用；进行该实验的具体操作和注意事项；弹簧的示数以及夹角要大小适中，便于记录和作图即可解答：解：A、为了使两次拉橡皮筋效果相同，要求两次要将O点拉到同一位置，故A错误；B、实验中为了减小误差，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时为了减小误差，要求视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、实验中，
31、弹簧的读数大小适当，便于做平行四边形即可，并非要求一定达到最大量程，故C错误；D、实验过程中两弹簧的夹角要适当，并非要求达到90，非特殊角度也可，故D错误本题要求选错误的，故选ACD点评：实验中的具体步骤要本着简单易行，便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开10通过“探究弹簧弹力与弹簧伸长量之间的关系”实验，我们知道：在弹性限度内，弹簧弹力F与形变量x成正比，并且不同弹簧，其劲度系数也不同某中学的探究学习小组从资料中查到：弹簧的劲度系数与弹簧的材料和形状有关该学习小组想研究弹簧的劲度系数与弹簧原长的关系，现有A，B，C，D四根材料和粗细完全相同仅长度
32、不同的弹簧（1）学习小组的同学们经过思考和理论推导，各自提出了自己的看法，其中甲同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧长度成正比，乙同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧原长成反比，甲、乙有一名同学的看法是正确的你认为正确的是乙（填“甲”或“乙”），就这一环节而言，属于科学探究中的哪个环节C（填序号）A分析与论证B进行实验与收集证据C猜想与假设 D制定计划与设计实验（2）为验证甲、乙谁的看法正确，可通过实验完成，实验器材除上述弹簧和已知质量的几个钩码外，还需要的实验器材是铁架台、刻度尺（3）探究学习小组进行实验记录的数据如表所示实验数据记录（g=10m/s2）原长钩码质量弹簧长度弹簧伸长量x弹簧劲度系数k
33、弹簧A10.00cm0.3kg13.00cm3.00cm100N/m弹簧B15.00cm0.1kg16.49cm1.49cm67.1N/m弹簧C20.00cm0.2kg24.00cm4.00 cm50 N/m弹簧D30.00cm0.1kg32.99cm2.99cm33.4N/m请完成上表，从中得出的结论为：在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 专题：实验题分析：（1）两个同学先做出假设，后进行实验验证，是科学探究中的猜想与假设环节（2）弹簧的伸长量x=弹簧长度原长，劲度系数k可由：F=kx求出解答：解：（1）弹簧的劲度系数由弹簧的本身决定，而与悬
34、挂的重物无关，所以乙正确由于实验还没有被证实，所以属于猜想与假设环节故选C（2）实验中需要悬挂弹簧测力计，所以需要铁架台，还需要测量弹簧形变量，所以需要刻度尺（3）根据数据计算可知道：弹簧的伸长量x=弹簧长度原长：即：x=24.0020.00=4.00cm=0.04m拉力F=mg=0.210=2N由：F=kx得：k=50N/m看一看其它三个弹簧弹力与劲度系数以及形变量的关系：弹簧A：3=1000.03弹簧B：167.10.0149弹簧D：133.40.0299故答案为：（1）乙C（2）铁架台、刻度尺（3）4.00 cm50 N/m在实验允许的误差范围内，弹簧的劲度系数与弹簧原长成反比点评：本题
35、比较简单考查了胡可定律的应用，做题时需要结合数学知识求解，是一道考查数学与物理结合的好题目11利用图中所示的装置可以研究自由落体运动实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落打点计时器会在纸带上打出一系列的小点打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，下图为实验中打出的一条纸带，从起始点O开始，将此后连续打出的7个点依次标为A、B、C、D该重物下落的加速度为9.6 m/s2（结果保留两位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度 专题：实验题分析：利用匀变速运动的推论a=，即可求解重力加速度解答：解：设AB、BC、CD、DE、EF、FG的位移分别为x1、x2、x3、x4、
36、x5、x6则：a=9.6m/s2故答案为：9.6点评：解决本题的关键掌握求解加速度的方法，注意正确读数，及读数的估计值三、计算题（本题共4小题，11题16分、12题20分、共36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案者不得分有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位）12（12分）（2015秋成都校级月考）如图所示，重力为G的物体在与竖直方向成角的力F作用下，恰能沿竖直墙壁在竖直方向上做匀速运动，物体与墙壁间的动摩擦因数为，求力F的大小为多大？考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体受力分析，抓住水平方向和竖直方向上的合力为零，根
37、据共点力平衡求出推力F的大小解答：解：（1）物体匀速向上运动，摩擦力向下，受力分析，在水平竖直方向建立xoy坐标系，x轴平衡：FcosFN=0Y轴平衡得：FsinFfG=0由：Ff=FN所以：F=（2）物体匀速向下运动，摩擦力向上，受力分析，在水平竖直方向建立xoy坐标系，x轴平衡：FcosFN=0Y轴平衡得：Fsin+FfG=0由Ff=FN所以F=答：若物体向上匀速运动，推力F的大小为；若物体向下匀速运动，推力F的大小为点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意匀速运动可以向下也可以向下13（12分）（2015秋成都校级月考）如图所示，以8m/s速度匀速行驶的汽车即
38、将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线17m该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为4m/s2此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s，某司机正常反应时间为0.4s问：（1）这位司机打算加速前进，他能否在绿灯熄灭前通过停车线？（2）若这位司机酒后驾驶，反应时间变为原来的3倍，分析他是否会闯红灯？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）在反应时间内汽车做匀速运动，求出通过的位移根据初速度、最大加速度和时间求出匀加速运动的位移，从而确定汽车能否在绿灯熄灭前通过停车线（2）根据速度位移公式求出减速运动
39、的位移，从而确定分析他是否会闯红灯解答：解：（1）司机在绿灯熄灭前行驶的位移：汽车在反应时间内行驶的位移 x1=v0t反1=80.4m=3.2m在加速时行驶的位移 x2=v0t1+a1t12=8（20.4）+2（20.4）2=15.36m故总位移 x总1=x1+x2=3.2+15.36=18.56（m）大于17m，所以汽车能在绿灯熄灭前通过停车线（2）司机在酒后驾驶，则汽车在反应时间内行使的位移x3=v0t反2=830.4m=9.6m在加速时行驶的位移 x4=v0t2+a1t22=8（21.2）+2（21.2）2=7.04（m） x总2=x3+x4=9.6+7.04=16.64（m）17m所以
40、汽车不能在绿灯熄灭前通过停车线，若司机想在停车线前停车，采取减速，则x5=8m，则汽车减速运动的总位移x总2=9.6m+8m=17.6m，所以汽车不会在停车线前停下因此司机无论采用加速还是减速都必然会闯红灯答：（1）能在绿灯熄灭前通过停车线（2）会闯红灯点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式和速度位移公式，并能灵活运用，要注意在反应时间内，汽车的运动状态不变15（12分）（2011修水县校级模拟）为了使航天员能适应在失重环境下的工作和生活，国家航天局组织对航天员进行失重训练故需要创造一种失重环境；航天员乘坐到民航客机上后，训练客机总重5104kg，以200m/s速度
41、沿30倾角爬升到7000米高空后飞机向上拉起，沿竖直方向以200m/s 的初速度向上作匀减速直线运动，匀减速的加速度为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，仍沿竖直方向以加速度为g加速运动，在前段时间内创造出完全失重，当飞机离地2000米高时为了安全必须拉起，后又可一次次重复为航天员失重训练若飞机飞行时所受的空气阻力f=Kv（k=900Ns/m），每次飞机速度达到350m/s 后必须终止失重训练（否则飞机可能失速）求：（1）飞机一次上下运动为航天员创造的完全失重的时间（2）飞机下降离地4500米时飞机发动机的推力（整个运动空间重力加速度不变）考点：牛顿第二定律；竖直上抛运动；超重和失重 专题：压轴
42、题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）飞机先以加速度g减速上升，再以加速度g加速下降，达到350m/s时，结束训练周期，根据运动学公式列式计算即可；（2）飞机下降离地4500米时，飞机处于完全失重状态，根据牛顿第二定律列式求解解答：解：（1）上升时间 上升高度判断当速度达到350m/s时，下落高度，此时离地高度为h+h上h下=7000+20006125=28752000m，所以一次上下创造的完全失重的时间为55s（2）当飞机在离地4500m2875m，所以飞机仍在完全失重状态，飞机自由下落的高度h2=2000+70004500m=4500m，此时，推力即飞机下降离地4500米时飞机发动机的推力为
43、2.7105N点评：本题关键是分析清楚飞机的运动情况，然后对其运用运动学公式列式计算，最后再结合牛顿第二定律列式计算16（14分）（2011秋通州区期末）如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，已知A、B的质量分别为mA=10kg，mB=20kg，A、B之间，B与地面之间的动摩擦因数均为=0.5一轻绳一端系住物体A，另一端系于墙上，绳与竖直方向的夹角为37，今欲用外力将物体B匀速向右拉出，求所加水平力F的大小，并画出A、B的受力分析图（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos 37=0.8）考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：将物体B匀速向右拉出过程中，A物体保持静止状态，受力均平衡分别分析两个物体的受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解水平力F的大小解答：解：A、B的受力分析如下图所示 对A：由平衡条件得 FTsin 37=Ff1=FN1 FTcos 37+FN1=mAg联立、两式可得：FN1=60N Ff1=FN1=30N 对B用平衡条件： F=Ff1+Ff2=Ff1+FN2=Ff1+（FN1+mBg）=2Ff1+mBg=160N答：所加水平力F的大小为160N，A、B的受力分析图如图点评：本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，关键是分析物体的受力情况，作出力图
