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2021届新高考数学二轮专题闯关导练(山东专用):客观题专练 数列(8) WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:164012 上传时间:2024-05-25 格式:DOC 页数:4 大小:104KB
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资源描述

1、数列(8)一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)12020山东德州检测已知等差数列an,若a210,a51,则an的前7项的和是()A112 B51C28 D1822020山东济南模拟已知正项等比数列an满足a31,a5与a4的等差中项为,则a1的值为()A4 B2C. D. 32020山东淄博模拟设Sn为等差数列an的前n项和,且4a5a6a4,则S9()A72 B36C18 D942020山东济南模拟已知an为等比数列,若a32,a58,则a7()A64 B32C64 D3252020山东济宁模拟在等差数列an中,若a1a98

2、,则(a2a8)2a5()A60 B56C12 D462020山东临沂一中模拟在等差数列an中,前n项和Sn满足S7S245,则a5()A7 B9C14 D1872020浙江卷已知等差数列an的前n项和为Sn,公差d0,且1.记b1S2,bn1S2n2S2n,nN*,下列等式不可能成立的是()A2a4a2a6 B2b4b2b6Caa2a8 Dbb2b882020山东师大附中模拟数列an中,an12an1,a32,设其前n项和为Sn,则S2018()A220162 017 B220182 017C220172 017 D220182 018二、多项选择题(本题共4小题,每小题5分,共20分在每小

3、题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分)92020山东东营胜利一中模拟已知等比数列an的公比为q,前4项的和为a114,且a2,a31,a4成等差数列,则q的值可能为()A. B1C2 D3102020山东省实验中学、淄博实验中学、烟台一中、莱芜一中四校联考已知数列an满足:a1a,an1(nN*),则下列关于an的判断错误的是()Aa0,n2,使得an0,n2,使得an0,mN*,总有am0,mN*,总有amnan112020山东泰安质量检测下列说法正确的是()A常数列既是等差数列,又是等比数列B实数等差数列中,若公差d1,则数列必是单调递增数

4、列D若数列ann2n(nN*)为单调递增数列,则的取值范围为3122020山东名校联考已知数列an满足2anan1an1(nN*,n2),则()Aa54a23a1 Ba2a7a3a6C3(a7a6)a6a3 Da2a3a6a7三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)132020山东日照模拟已知等比数列an的前n项和为Sn,a1a3,且a2a4,则_.142020山东潍坊模拟设Sn为数列an的前n项和,且a14,an1Sn,nN*,则a5_.152020新高考卷将数列2n1与3n2的公共项从小到大排列得到数列an,则an的前n项和为_162020山东日照校际联考已知数列的前n项和为,满足

5、bn(a,b为常数),且,则_;设函数f(x)2sin 2x,f(),则数列 的前17项和为_(本题第一空2分,第二空3分)数列(8)1答案:C解析:设公差为d,则前7项和S77a1d28.故选C.2答案:A解析:由题意知2a5a4,即3a42a52.设an的公比为q(q0),则由a31,得3q2q22,解得q或q2(舍去),所以a14.故选A.3答案:B解析:a4a64a52a5a54则S99a536,故选B.4答案:B解析:an为等比数列aa3a7,即822a7a732,故选B.5答案:A解析:解法一因为在等差数列an中,a1a98,所以2a58,即a54,所以(a2a8)2a5(2a5)

6、2a5(24)2460,故选A.解法二设等差数列an的公差为d,因为a1a98,所以a1a18d8,即a14d4,所以(a2a8)2a5(a1da17d)2(a14d)(24)2460,故选A.6答案:B解析:因为S7S2a3a4a5a6a75a545,所以a59,故选B.7答案:D解析:由bn1S2n2S2n,得b2a3a42a15d,b4a7a82a113d,b6a11a12,b8a15a162a129d.由等差数列的性质易知A成立;若2b4b2b6,则2(a7a8)a3a4a11a122a72a8,故B成立;若aa2a8,即(a13d)2(a1d)(a17d),则a1d,故C可能成立;若

7、bb2b8,即(2a113d)2(2a15d)(2a129d),则,与已知矛盾,故D不可能成立8答案:A解析:由an12an1得an112(an1),则数列an1是公比为2的等比数列,又因为a32,a311,所以a11,则an12n12n3,an2n31,则S20182 018220162 018220162 017,故选A.9答案:AC解析:因为a2,a31,a4成等差数列,所以a2a42(a31),因此,a1a2a3a4a13a32a114,故a34.又an是公比为q的等比数列,所以由a2a42(a31),得a32(a31),解得q2或.10答案:ABC解析:因为a1a0,当n1时,an1

8、2,当且仅当,即an时等号成立,所以对一切n2(nN*),都有an,A错误;因为an1an0,所以数列an不为单调递增数列,B,C错误,故选ABC.11答案:BD解析:对于A,当常数列的项都为0时,此数列是等差数列但不是等比数列,此命题为假命题;对于B,等差数列an的通项公式ana1(n1)ddna1d为关于n的一次函数,若dan恒成立,即(n1)2(n1)n2n,化简得2n1,而2n13,3,此命题为真命题说法正确的是BD,故选BD.12答案:AC解析:由2anan1an1(n2),可得anan1an1an,所以有a2a1a3a2an1an,所以a5a4a4a3a3a23(a2a1),化简得

9、a54a23a1,故选项A正确;由a7a6a3a2可得a7a2a6a3,故选项B错误;由3(a7a6)a6a5a5a4a4a3a6a3,故可知选项C正确,若ann,满足2anan1an1(n2),但a2a35a6a713,所以选项D错误故选AC.13答案:63解析:由题意知q,所以63.14答案:32解析:解法一a14,an1Sn(nN*),a2S1a14,a3S2a1a2448,a4S3a1a2a344816,a5S4a1a2a3a44481632.解法二an1Sn,anSn1(n2),得an1anan,即an12an(n2)又a14,a2S1a14,不符合上式ana52532.15答案:3

10、n22n解析:设bn2n1,cn3n2,bncm,则2n13m2,得n1,于是m12k,kN,所以m2k1,kN,则ak3(2k1)26k1,kN,得an6n5,nN*.故Snn3n22n.16答案:17解析:当n2时,anSnSn1an2bna(n1)2b(n1)2naab.又当n1时,a1S1ab,满足an2naab,所以an2naab,所以数列an为等差数列,故a1a172a9.由题意得f(x)sin 2xcos x1,所以y1y17f(a1)f(a17)sin 2a1cos a11sin 2a17cos a171sin 2a1cos a11sin(22a1)cos(a1)12,同理,y2y162,y8y102.又易得y9f(a9)1,所以数列yn的前17项和为28117.

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