1、2016-2017学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）统练物理试卷（10.34）一、选择题1如图所示，位于倾角为的斜面上的物块B由跨过定滑轮的轻绳与物块A相连从滑轮到A、B的两段绳都与斜面平行已知A与B之间及B与斜面之间均不光滑，若用一沿斜面向下的力F拉B并使它做匀速直线运动，则B受力的个数为（）A4个B5个C6个D7个2如图所示，一只小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中（）A树枝对小鸟的合作用力先减小后增大B树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C树枝对小鸟的弹力先减小后增大D树枝对小鸟的弹力保持不变3动车把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载
2、客，而动车组就是几节自带动力的车厢（动车）加几节不带动力的车厢（拖车）编成一组而成的若动车组在匀加速运动过程中，通过第一个60m所用的时间是10s，通过第二个60m所用的时间是6s则（）A动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 mB动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 mC动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 mD动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 m4甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其vt图象如图所示关于两物体的运动情况，下列说法正确的是（）A在t=1 s时，甲、乙相遇B在t=2 s
3、时，甲、乙的运动方向均改变C在t=4 s时，乙的速度方向改变D在t=2 s至t=6 s内，甲相对乙做匀速直线运动5如图所示，弹簧一端固定在天花板上，另一端连一质量M=2kg的秤盘，盘内放一个质量m=1kg的物体，秤盘在竖直向下的拉力F作用下保持静止，F=30N，当突然撤去外力F的瞬时，物体对秤盘的压力大小为（g=10m/s2）（）A10 NB15 NC20 ND40 N6如图所示，质量为m的球与弹簧和水平细线相连，、的另一端分别固定于P、Q球静止时，中拉力大小为F1，中拉力大小为F2，当仅剪断、中的一根的瞬间时，球的加速度a应是（）A若剪断，则a=g，方向竖直向下B若剪断，则a=，方向水平向右
4、C若剪断，则a=，方向沿I的延长线D若剪断，则a=g，方向竖直向上7将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2下列说法中正确的是（）A小球重力和阻力之比为5：1B小球上升与下落所用时间之比为2：3C小球回落到抛出点的速度大小为8m/sD小球下落过程，受到向上的空气阻力，处于超重状态8如图所示，从倾角为的足够长的斜面顶端P以速度v0抛出一个小球，落在斜面上某处Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是（）A夹角将变大B夹角与初速度大小无关C
5、小球在空中的运动时间不变DPQ间距是原来间距的3倍9如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）AB的向心力是A的向心力的2倍B盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半径向外滑动的趋势D若B先滑动，则B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B10如图所示，小球沿水平面以初速v0通过O点进入半径为R的竖直半圆弧轨道，不计一切阻力，则（）A球进入竖直半圆轨道后做匀速圆周运动B若小球能通过半圆弧最高点P，则球在P点受力平衡C若小球的初速度v0=3，则小球一定能通过P点D若小球恰能通过半圆弧最高点P，则小球落地点离O点的水平
6、距离为2R二、计算题11如图所示，倾角为30的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接现将一滑块（可视为质点）从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点已知A点距水平面的高度h=0.8m，B点距C点的距离L=2.0m（滑块经过B点时没有能量损失，g=10m/s2），求：（1）滑块在运动过程中的最大速度；（2）滑块与水平面间的动摩擦因数；（3）滑块从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小12如图，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，下端系一质量m=1.0kg的小球现将小球拉到A点（保持绳绷直）由静止释放，当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平拋后落在水平地面上的C点地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知
7、绳长L=1.0m，B点离地高度H=3.2m，A、B两点的高度差h=0.8m，重力加速度g取10m/s2，不计空气影响，求：（1）地面上DC两点间的距离s；（2）轻绳所受的最大拉力大小2016-2017学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）统练物理试卷（10.34）参考答案与试题解析一、选择题1如图所示，位于倾角为的斜面上的物块B由跨过定滑轮的轻绳与物块A相连从滑轮到A、B的两段绳都与斜面平行已知A与B之间及B与斜面之间均不光滑，若用一沿斜面向下的力F拉B并使它做匀速直线运动，则B受力的个数为（）A4个B5个C6个D7个【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；24：滑动摩擦力；2G：力的合成与
8、分解的运用【分析】对物块A受力分析，受重力、支持力、B对A的滑动摩擦力和细线的拉力，处于平衡状态，对滑板B受力分析，受拉力、重力、A对B的压力和摩擦力、斜面对B的支持力和摩擦力、细线的拉力【解答】解：（1）隔离A受力分析，如图所示，由平衡条件得：FT=mAgsin+F1FN1=mAgcos又F1=FN1，联立得：FT=mAgsi+mAgcos（2）隔离B受力分析，如图所示由平衡条件得：滑板B受拉力、重力、A对B的压力和摩擦力、斜面对B的支持力和摩擦力、细线的拉力共7个力的作用故选：D2如图所示，一只小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中（）A树枝对小鸟的合作用力先减
9、小后增大B树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C树枝对小鸟的弹力先减小后增大D树枝对小鸟的弹力保持不变【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；91：* 固体的微观结构【分析】小鸟缓慢爬行，合力为零，受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡得出摩擦力的变化和弹力的变化【解答】解：A、树枝对小鸟的作用力与小鸟的重力等值反向，所以树枝对小鸟的作用力大小不变，故A错误B、小鸟所受的摩擦力f=mgsin，从A到B的过程中，先减小后增大，则摩擦力先减小后增大，故B正确C、小鸟所受的弹力N=mgcos，从A到B的过程中，先减小后增大，则弹力先增大后减小，故C、D错误故选：B3动车把动力装置分散安装在每节车厢上，
10、使其既具有牵引动力，又可以载客，而动车组就是几节自带动力的车厢（动车）加几节不带动力的车厢（拖车）编成一组而成的若动车组在匀加速运动过程中，通过第一个60m所用的时间是10s，通过第二个60m所用的时间是6s则（）A动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 mB动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 mC动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 mD动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 m【考点】1G：匀变速直线运动规律的综合运用【分析】根据推论：匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，
11、求出第一个10s和第二个6s内中间时刻的瞬时速度，根据速度时间公式求出加速度，结合6s内的位移为60m，运用位移时间公式求出接下来的6s内的位移【解答】解：动车组在匀加速运动过程中通过第一个60m所用的时间是10s，中间时刻的速度为v1=m/s=6m/s通过第二个60m所用的时间为6s，中间时刻的速度为=10m/s两个中间时刻的时间差为t=8s则加速度为 a=0.5m/s26s末的速度为v=v2+at2=10+0.53=11.5m/s接下来的6s内的位移为x=vt3+=11.56+=78m故选：A4甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其vt图象如图所示关于两物体的运动情况，下列说法正
12、确的是（）A在t=1 s时，甲、乙相遇B在t=2 s时，甲、乙的运动方向均改变C在t=4 s时，乙的速度方向改变D在t=2 s至t=6 s内，甲相对乙做匀速直线运动【考点】1I：匀变速直线运动的图像【分析】在速度时间图象中，图象的斜率表示加速度，速度的符号表示运动方向；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负根据这些知识分析两个物体的运动情况【解答】解：A、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，当位移相等时，两者相遇根据速度图象与坐标轴围成面积表示位移，可知，在t=1s时，乙的位移大于甲的位移，说明两者没有相遇故A错误B、根据速度的符号表示运动方向，由图知，
13、在t=2s时甲乙的速度方向没有改变故B错误C、在t=4 s时，乙的速度由正变为负，说明速度方向改变了，故C正确D、在t=2st=6s内，甲沿正方向做匀减速运动，乙先沿正方向做匀减速运动，后沿负方向做匀加速运动，由于加速度不变，把乙的运动看成是一种匀减速运动，甲乙的加速度相同，故甲相对乙做匀速直线运动故D正确故选：CD5如图所示，弹簧一端固定在天花板上，另一端连一质量M=2kg的秤盘，盘内放一个质量m=1kg的物体，秤盘在竖直向下的拉力F作用下保持静止，F=30N，当突然撤去外力F的瞬时，物体对秤盘的压力大小为（g=10m/s2）（）A10 NB15 NC20 ND40 N【考点】37：牛顿第二
14、定律；29：物体的弹性和弹力【分析】撤去外力F时物体和秤盘所受的合外力为30N，由牛顿第二定律求出加速度，再对秤盘受力分析，由牛顿第二定律求出物体对秤盘的压力FN【解答】解：当突然撤去外力F的瞬时，物体和秤盘所受的合外力大小 F合=F=30N，方向竖直向上对物体和秤盘整体，由牛顿第二定律可得：a=10m/s2秤盘原来在竖直向下的拉力F作用下保持静止时，弹簧对秤盘向上拉力大小为 F弹=（M+m）g+F=（20+10）10+30=60N对秤盘，由牛顿第二定律，F弹MgFN=Ma解得：物体对秤盘的压力 FN=20N 故选：C6如图所示，质量为m的球与弹簧和水平细线相连，、的另一端分别固定于P、Q球静
15、止时，中拉力大小为F1，中拉力大小为F2，当仅剪断、中的一根的瞬间时，球的加速度a应是（）A若剪断，则a=g，方向竖直向下B若剪断，则a=，方向水平向右C若剪断，则a=，方向沿I的延长线D若剪断，则a=g，方向竖直向上【考点】37：牛顿第二定律；29：物体的弹性和弹力【分析】先研究原来静止的状态，由平衡条件求出弹簧和细线的拉力刚剪短细绳时，弹簧来不及形变，故弹簧弹力不能突变；细绳的形变是微小形变，在刚剪短弹簧的瞬间，细绳弹力可突变！根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度【解答】解：AC、绳子未断时，受力如图，由共点力平衡条件得：F2=mgtan，刚剪断弹簧瞬间，细绳弹力突变为0，故小球只受重力，加速
16、度为g，竖直向下，故A正确，C错误；BD、刚剪短细线瞬间，弹簧弹力和重力不变，受力如图由几何关系，F合=F1sin=F2=ma，因而a=，方向水平向左，故BD错误故选：A7将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2下列说法中正确的是（）A小球重力和阻力之比为5：1B小球上升与下落所用时间之比为2：3C小球回落到抛出点的速度大小为8m/sD小球下落过程，受到向上的空气阻力，处于超重状态【考点】37：牛顿第二定律；1I：匀变速直线运动的图像；3B：超重和失重【分析】根据速度时间图线得出匀减速运动的加
17、速度大小，根据牛顿第二定律求出阻力的大小，从而得出小球重力和阻力的比值；根据牛顿第二定律求出下降的加速度，结合位移时间公式得出上升和下落时间之比根据图线得出上升的位移，结合下降的加速度，运用速度位移公式求出小球回到抛出点的速度大小根据加速度的方向判断小球的超失重【解答】解：A、小球向上做匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1mg=2m=2N，则重力和阻力大小之比为5：1故A正确B、小球下降的加速度大小，根据x=得，t=，知上升的时间和下落的时间之比为故B错误C、小球匀减速上升的位移x=，根据v2=2a2x得，v=故C正确D、下落的过程中，加速度向下，处
18、于失重状态故D错误故选：AC8如图所示，从倾角为的足够长的斜面顶端P以速度v0抛出一个小球，落在斜面上某处Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是（）A夹角将变大B夹角与初速度大小无关C小球在空中的运动时间不变DPQ间距是原来间距的3倍【考点】43：平抛运动【分析】小球落在斜面上，根据竖直位移与水平位移的关系求出小球在空中的运动时间，从而得出PQ间的变化结合速度方向与水平方向夹角正切值和位移与水平方向夹角正切值的关系，判断夹角与初速度的关系【解答】解：根据得，小球在空中运动的时间t=，因为初速度变为原来的2倍，则小球运动的时间变为原来
19、的2倍故C错误速度与水平方向的夹角的正切值，因为不变，则速度与水平方向的夹角不变，可知不变，与初速度无关，故A错误，B正确PQ的间距，初速度变为原来的2倍，则PQ的间距变为原来的4倍，故D错误故选：B9如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）AB的向心力是A的向心力的2倍B盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍CA、B都有沿半径向外滑动的趋势D若B先滑动，则B对A的动摩擦因数A小于盘对B的动摩擦因数B【考点】4A：向心力；2A：动摩擦因数【分析】A、B两物体一起做圆周运动，靠摩擦力提供向心力，两物体的角速度大小相等，结合牛顿第二
20、定律分析判断【解答】解：A、因为A、B两物体的角速度大小相等，根据，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力相等B、对AB整体分析，对A分析，有：，知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，故B正确C、A所受的静摩擦力方向指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势，故C正确D、对AB整体分析，解得，对A分析，解得，因为B先滑动，可知B先达到临界角速度，可知B的临界角速度较小，即BA，故D错误故选：BC10如图所示，小球沿水平面以初速v0通过O点进入半径为R的竖直半圆弧轨道，不计一切阻力，则（）A球进入竖直半圆轨道后做匀速圆周
21、运动B若小球能通过半圆弧最高点P，则球在P点受力平衡C若小球的初速度v0=3，则小球一定能通过P点D若小球恰能通过半圆弧最高点P，则小球落地点离O点的水平距离为2R【考点】4A：向心力；43：平抛运动【分析】不计一切阻力，球进入半圆轨道的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律分析其速率的变化在P点时，小球受力并不平衡小球要通过P点，向心力必须大于等于重力，列式可得出小球通过P点的速度条件，再由机械能守恒求出v0若小球能通过半圆弧最高点P，之后小球做平抛运动，由平抛运动的规律求解水平距离【解答】解：A、球进入竖直半圆轨道后，随着高度的上升，重力势能增加，根据机械能守恒定律可知，其动能减小，速率减小
22、，做变速圆周运动，故A错误B、若小球能通过半圆弧最高点P，小球所受的合力不为零，提供向心力，则球在P点受力不平衡故B错误C、小球恰好通过P点，则有mg=m，vP=设小球的初速度为v由机械能守恒定律得：mg2R+=，联立解得 v=由于v0=3v，所以小球一定能通过P点，故C正确D、若小球恰能通过半圆弧最高点P，之后做平抛运动，则有 2R=，得t=2水平距离为 x=vPt，当vP=时，水平距离最小，为 x=2=2R，故D正确故选：CD二、计算题11如图所示，倾角为30的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接现将一滑块（可视为质点）从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点已知A点距水平面的高度h=0.
23、8m，B点距C点的距离L=2.0m（滑块经过B点时没有能量损失，g=10m/s2），求：（1）滑块在运动过程中的最大速度；（2）滑块与水平面间的动摩擦因数；（3）滑块从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小【考点】37：牛顿第二定律；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1F：匀变速直线运动的速度与位移的关系【分析】（1）滑块在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；（2）对减速过程运用牛顿第二定律列式，再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的
24、大小【解答】解：（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为vm，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1根据牛顿第二定律，有mgsin30=ma1根据运动学公式，有解得：vm=4m/s即滑块在运动过程中的最大速度为4m/s（2）滑块在水平面上运动的加速度大小为a2根据牛顿第二定律，有mg=ma2根据运动学公式，有vm2=2a2L解得：=0.4即滑块与水平面间的动摩擦因数为0.4（3）滑块在斜面上运动的时间为t1根据运动学公式，有vm=a1t1得t1=0.8s由于tt1，故滑块已经经过B点，做匀减速运动tt1=0.2s设t=1.0s时速度大小为v根据运
25、动学公式，有v=vma2（tt1）解得：v=3.2m/s滑块从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小为3.2m/s12如图，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，下端系一质量m=1.0kg的小球现将小球拉到A点（保持绳绷直）由静止释放，当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平拋后落在水平地面上的C点地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知绳长L=1.0m，B点离地高度H=3.2m，A、B两点的高度差h=0.8m，重力加速度g取10m/s2，不计空气影响，求：（1）地面上DC两点间的距离s；（2）轻绳所受的最大拉力大小【考点】6C：机械能守恒定律；37：牛顿第二定律；4A：向心力【分析】（1）从A到B由动能定理可得B位置时的速度，之后做平抛运动，由平抛规律求解；（2）在B位置，绳的拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律可求轻绳所受的最大拉力大小【解答】解：（1）小球从A到B过程机械能守恒，有 mgh=mvB2小球从B到C做平抛运动，在竖直方向上有 H=gt2在水平方向上有 s=vBt由式解得s=3.2 m（2）小球下摆到达B点时，绳的拉力和重力的合力提供向心力，有Fmg=m由式解得F=26 N 根据牛顿第三定律：轻绳所受的最大拉力为26 N答：（1）地面上DC两点间的距离是3.2m；（2）轻绳所受的最大拉力大小是26N2017年6月3日
