1、专题01 遗传规律的综合应用一、单选题1.小鼠的毛色受到AY、A、a一组复等位基因控制，小鼠的毛色对应的基因型如表所示。一只黄色小鼠和一只灰色小鼠杂交，理论上后代小鼠的毛色（）黄色灰色、黑色胚胎致死AYA、AYaAA、AaaaAYAYA. 只会出现黄色B. 只会出现黄色和灰色C. 只会出现灰色D. 可能有黄色、灰色和黑色【答案】D【解析】解：由分析可知：黄色小鼠的基因型为AYA、AYa，可以产生AY、A、a的配子，灰色小鼠的基因型为AA、Aa，可以产生A、a的配子，故一只黄色小鼠和一只灰色小鼠杂交，子代可能的基因型有AYA、AYa、AA、Aa、aa，表现型可以是黄色、灰色、黑色。故选：D。分析
2、表格：由表中表现型及基因型关系可知：这组复等位基因的显隐性关系为AYAa，其中黄色小鼠的基因型为AYA、AYa，灰色小鼠的基因型为AA、Aa。本题主要考查基因的分离定律的应用，要求考生识记分离定律的实质，能正确分析表中信息，明确复等位基因的显隐性关系，再结合表中的基因型对选项做出正确的判断。2.下列杂合体中自交后代可能会出现性状比例为9：3：3：1的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】解：A、图中基因型为Aadd，两对等位基因位于两对同源染色体上，自交后代出现3：1的分离比，A错误；B、图中基因型为Aa，自交后代出现3：1的分离比，B错误；C、图中基因型为AaDd，两对等位基因位于
3、一对同源染色体上，其中A与d连锁，a与D连锁，自交后代出现1：2：1的分离比，C错误；D、图中基因型为AaDd，两对等位基因位于两对同源染色体上，故自交后代出现9：3：3：1的分离比，D正确。故选：D。基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的，在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。本题难度适中，考查了基因自由组合定律的应用，要求考生具有一定的理解分析能力，解题的关键是识记基因自由组合定律的实质和明确基因的自由组合自交的后代的分离比。3.小鼠的毛色黄色、灰色和黑色分别由复等位基因A、a1、a2控制，且位
4、于常染色体上，且A对a1、a2为显性，a1对a2为显性，若一只黄色雄鼠与一只黑色雌鼠多次杂交，则其子代的表现型不可能（）A. 全部为黄色B. 全部为黑色C. 只有黄色和灰色D. 只有黑色和黄色【答案】B【解析】解：A、如果黄色雄鼠的基因型为AA，则子代的表现型只有黄色，A正确；B、由于黄色雄鼠含有基因A，所以其子代的表现型不可能全部为黑色，B错误；C、如果黄色雄鼠的基因型为Aa1，则子代只有黄色和灰色，C正确；D、如果黄色雄鼠的基因型为Aa2，则子代只有黄色和黑色，D正确。故选：B。分析题文：在小鼠中，A控制黄色、a1控制灰色、a2控制黑色，位于常染色体上，遵循基因的分离定律。由于A对a1、a
5、2为显性，a1对a2为显性，所以小鼠的表现型和基因型有黄色（AA、Aa1、Aa2）、灰色（a1a1、a1a2）、黑色（a2a2）。一只黄色雄鼠与一只黑色雌鼠交配，黄色雄鼠的基因型为AA或Aa1或Aa2，黑色雌鼠的基因型为a2a2。本题考查基因分离定律的实质及应用，掌握复等位基因的遗传规律，能根据题干中复等位基因的显隐性关系明确基因型与表现型之间的对应关系，再推断一只黄色雄鼠与一只黑色雌鼠杂交后代的情况，属于考纲理解层次的考查。4.如图，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】A、A和a、D和d这两对等位基因位于同一对同源染色体上，它们的遗传不遵循基因自
6、由组合定律，A正确；B、A和a、B和b这两对等位基因位于两对对同源染色体上，它们的遗传遵循基因自由组合定律，B错误；C、A和a、C和c这两对等位基因位于两对对同源染色体上，它们的遗传遵循基因自由组合定律，C错误；D、C和c、D和d这两对等位基因位于两对对同源染色体上，它们的遗传遵循基因自由组合定律，D错误故选：A基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合本题结合图解，考查基因自由组合定律的实质，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，明确同一对同源染色体上的非等位基
7、因的遗传不遵循基因自由组合定律，再根据题干要求作出准确的判断即可5.基因型为AABBCC和aabbcc的两种豌豆杂交，按自由组合规律遗传，F2代中基因型和表型的种类数依次是（）A. 27、6B. 27、8C. 18、6D. 18、8【答案】B【解析】基因型为AABBCC和aabbcc的两种豌豆杂交，F1代的基因型为AaBbCc，F1代自交：（1）F1代AaBbCc自交，F2代中基因型种类数=333=27种；（2）F1代AaBbCc自交，F2代中表型种类数=222=8种；故选：B。首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题，其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。据
8、此答题。本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能熟练运用逐对分析法解题，属于考纲理解和应用层次的考查。6.豌豆的高茎对矮茎为显性。自然条件下，将纯种高茎与纯种矮茎间行种植，收获高茎植株上所结的种子继续播种，长出的植株将表现为（）A. 1高茎：1矮茎B. 3高茎：1矮茎C. 9高茎：7矮茎D. 都是高茎【答案】D【解析】根据题意可知由于豌豆是自花传粉、闭花授粉的，所以自然条件下，将纯种髙茎与纯种矮茎间行种植，收获高茎植株上所结的种子都是DD，继续播种，长出的植株都将表现为高茎。故选：D。高茎对矮茎为显性，自然条件下，将纯种髙茎与纯种矮茎间行种植，由于豌豆是自花
9、传粉、闭花授粉的，所以高茎豌豆上结的种子全部是DD，矮茎豌豆上结的种子全部是dd。本题考查基因的分离定律的实质及其应用等相关知识，意在考查学生对已学知识的理解程度、分析问题、解决问题的能力。7.下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是（）A. 相对性状明显、杂交子代数量少，都是豌豆作为实验材料的优点B. F1产生数量相等的雌雄配子是F2出现性状分离比的前提C. 孟德尔遗传定律实质涉及的过程发生在有丝分裂中D. 孟德尔根据杂交实验提出假说，并通过测交实验对假说结果进行演绎推理【答案】D【解析】解：A、相对性状明显、杂交子代数量多，都是豌豆作为实验材料的优点，A错误；B、F1产生雌雄配子数量不相
10、等，一般雄配子数量远远大于雌配子数量，B错误；C、孟德尔遗传定律实质涉及的过程发生在减数分裂中，C错误；D、孟德尔根据杂交实验提出假说，并通过测交实验对假说结果进行演绎推理，D正确。故选：D。孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论。提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）。做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）。演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）。实验验证（测交
11、实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）。得出结论（就是分离定律）。本题考查孟德尔遗传实验，要求考生识记孟德尔遗传实验的具体过程，采用的方法，掌握各方法步骤中需要注意的细节，了解孟德尔遗传规律的适用范围，能结合所学的知识准确判断各选项。8.美国亚得桑那沙漠上生活着一种蜥蜴，其体温随外界温度的变化而变化。当体温为28时体色灰绿，随着体温逐渐升高体色逐渐变蓝和鲜亮，体温为36时体色呈艳丽的蓝色。这表明（）A. 这种蜥蜴的体温控制着体色性状B. 表型相同的个体，基因型一定不同C. 控制蜥蜴体色的基因遗传时不遵循孟德尔遗传定律D. 表型是基因型与环境条件共同作用的结果【答案】D【解析】解：A、性状
12、是由基因控制的，这种蜥蜴的体温影响着体色性状，A错误；B、表型相同的个体，基因型不一定相同，B错误；C、控制蜥蜴体色的基因遗传时遵循孟德尔遗传定律，C错误；D、由题意知，蜥蜴的颜色会随温度变化而变化，这说明生物的性状是由基因型和环境共同作用的结果，D正确。故选：D。基因与基因、基因与基因产物、基因与环境相互作用，精细地调控中生物的性状，生物的性状由基因型决定，也受环境的影响，生物的表现型是基因型与环境共同决定的本题旨在考查学生理解基因型、表现型、环境之间关系的理解，并应用相关知识进行推理、获取结论9.下面为某植株AaBb自交产生后代的过程，两对等位基因遵循自由组合定律。下列对此过程及结果的描述
13、，正确的是（）AaBbAB，Ab，aB，ab受精卵子代：N种基因型，P种表现型（12：3：1）A. A、a与B、b的自由组合发生在B. 雌、雄配子在过程随机结合C. M、N和P分别为16、9和4D. 该植株测交后代性状分离比为2：1：1【答案】D【解析】解：A、A与B、b的自由组合发生减数第一次分裂的后期，即过程中，A错误；B、雌、雄配子在受精作用过程随机结合，B错误；C、过程形成4种配子，则雌、雄配子的随机组合的方式是44=16种，基因型为33=9种，表现型比为12：3：1，所以M、N和P分别为16、9和3，C错误；D、由于子代表现型比例为12：3：1，该植株测交后代基因型以及比例为1（Aa
14、Bb）：1（Aabb）：1（aaBb）：1（aabb），则表现型的比例为2：1：1，D正确。故选：D。题图分析：图示表示两对等位基因的遗传，由于后代出现12：3：1的比例，该比例为9：3：3：1比例的变形，由此可以确定两对基因遵循基因的自由组合定律。图中表示减数分裂，表示受精作用，表示生物性状表现，其中M、N、P分别代表16、9、3。本题考查了基因自由组合定律的有关知识，要求学生根据图示信息判断图中数字表示的生理过程，字母表示的种类，掌握9：3：3：1比例的变形应用。10.一对正常的夫妇生了四个孩子，其中三个表现型正常，一个患有白化病，对该现象最好的解释是（）A. 白化病孩子的产生是这对夫妇的
15、基因自由组合的结果B. 形成配子过程中白化病基因与正常基因发生了交叉互换C. 这对夫妇都含有白化病基因，在每胎生育中都有出现白化病的可能性D. 孩子的性状分离比3：1符合基因的分离定律该病是由一对基因控制的【答案】C【解析】解：A、白化病孩子的产生是这对夫妇的基因分离的结果，A错误；B、形成配子过程中白化病基因与正常基因发生了分离而不是交叉互换，B错误；C、这对夫妇都含有白化病基因，在每胎生育中都有14的概率会出现白化病，C正确；D、由于后代的数量太少，偶然性大，所以孩子的性状分离比3：1存在较大的偶然性，不能说明该病是由一对基因控制的，D错误。故选：C。1、分离定律的内容是在杂合体进行自交形
16、成配子时，等位基因随着一对同源染色体的分离而彼此分开，分别进入不同的配子中。2、一对正常的夫妇生了四个孩子，按照孟德尔的分离定律，从理论上讲，子代分离比为正常：白化病=3：1，但孟德尔分离定律的前提是子代的数量很多，并且交配后的受精卵都能发育成新个体。本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题干信息准确判断亲本的基因型，再结合题干信息准确判断各选项，属于考纲理解层次的考查。11.孟德尔的遗传定律只能适用于下列哪些生物（）噬菌体乳酸菌酵母菌蓝藻蘑菇A. B. C. D. 【答案】B【解析】解：孟德尔的遗传定律的实质是在减数分裂过程中，等位基因分离，非同源染色体上的
17、非等位基因自由组合，所以只有能进行减数分裂的真核生物，其细胞核遗传才遵循遗传定律。噬菌体属于病毒，没有细胞结构，所以不能适用；乳酸菌属于原核生物，不进行减数分裂，所以不能适用；酵母菌属于真核生物，能进行减数分裂，所以适用；蓝藻属于原核生物，不进行减数分裂，所以不能适用；蘑菇属于真核生物，能进行减数分裂，所以适用。所以孟德尔的遗传定律能适用于的生物是。故选：B。1、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。2、基因自由组合定律适用范围：
18、适用两对或两对以上相对性状的遗传，并且非等位基因均位于不同对的同源染色体上。非同源染色体上的非等位基因自由组合，发生在减数第一次分裂过程中，因此只有进行有性生殖的生物，才能出现基因的自由组合。 3、按遗传基本定律遗传的基因，均位于细胞核中的染色体上。所以，基因的分离定律和基因的自由组合定律，均是真核生物的细胞核遗传规律。本题考查孟德尔遗传定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。12.某植物种群中只有Aa、aa两种基因型的个体。若让Aa自交，所得后代（甲）表现型之比为2：1；若让Aa与aa测交，所得后代（乙）表现型之比为1：1。若让甲与乙随机交
19、配，则下列叙述错误的是（）A. 甲所产生的配子种类及比例为A：a=1：2B. 乙所产生的配子种类及比例为A：a=1：3C. 甲与乙随机交配的后代中aa占611D. 甲与乙随机交配的后代中Aa占512【答案】D【解析】解：A、甲中Aa：aa=2：1，所产生的配子种类及比例为A：a=1：2，A正确；B、乙中Aa：aa=1：1，所产生的配子种类及比例为A：a=1：3，B正确；C、甲与乙随机交配的后代中aa占（2334）（1-1314）=611，C正确；D、甲与乙随机交配的后代中Aa占（2314+1334）（1-1314）=511，D错误。故选：D。根据题意分析可知：该植物种群中只有Aa、aa两种基因
20、型的个体。若让Aa自交，所得后代（甲）表现型之比为2：1；若让Aa与aa测交，所得后代（乙）表现型之比为1：1，说明存在显性纯合致死现象。因此，甲中Aa：aa=2：1，乙中Aa：aa=1：1。本题考查基因分离定律、基因频率的相关知识，要求考生识记基因分离定律的实质；识记基因频率的概念，掌握基因频率的计算方法，能结合所学的知识准确判断各选项。13.下列豌豆亲本杂交或自交，后代出现性状分离现象的是（）A. 白花豌豆自交，后代均为白花B. 紫花豌豆自交，后代出现紫花和白花C. 紫花豌豆自交，后代均为紫花D. 紫花与白花豌豆杂交，后代均为紫花【答案】B【解析】解：A、白花豌豆自交，后代均为白花，没有发
21、生性状分离，A错误；B、紫花豌豆自交，后代出现紫花和白花，发生了性状分离，B正确；C、紫花豌豆自交，后代均为紫花，没有发生性状分离，C错误；D、紫花与白花豌豆杂交，后代均为紫花，没有发生性状分离，D错误。故选：B。性状分离是指具有一对相对性状的亲本杂交，F1全部个体都表现显性性状，F1自交，F2个体大部分表现显性性状，小部分表现隐性性状的现象，即在杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象本题知识点单一，考查性状分离的概念，要求考生识记性状分离的概念，能根据概念判断各选项是否属于性状分离现象，进而选出正确的答案，属于考纲识记和理解层次的考查14.下列四项中，能验证基因分离定律实质的是（）A
22、. F1自交后代表现型比为3：1B. F1自交后代表现型比为1：2：1C. F1自交后代基因型比为1：2：1D. F1测交后代表现型比为1：1【答案】D【解析】解：A、F1自交后代表现型比为3：1，属于性状分离，A错误；B、F1自交后代表现型比为3：1，B错误；C、F1自交后代表现型比为1：2：1，是产生的配子随机结合形成的，不能验证基因分离定律实质，C错误；D、F1测交后代比为1：1，是检测F1基因型的，不能说明基因分离定律的实质，D正确。故选：D。基因分离的实质：减数分裂形成配子时，控制一对相对性状的等位基因随着同源染色体的分开而分离，分别进入子细胞中。本题考查了分离定律的实质，意在考生学
23、生的识记能力和理解能力，难度不大。15.杂合高茎豌豆（Dd）自交，其后代中杂合子占（）A. 13B. 14C. 12D. 23【答案】C【解析】解：杂合高茎豌豆（Dd）自交，后代基因型、表现型及比例为DD（高茎）：Dd（高茎）：dd（矮茎）=1：2：1，因此其后代中杂合子占12。故选：C。基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据亲本的基因型推断子代的基因型、表现型
24、及比例，能根据题干要求作出准确的判断16.基因型为DdEe和Ddee的豌豆杂交，两对基因独立遗传，理论上子代基因型种类有（）A. 2种B. 4种C. 6种D. 9种【答案】C【解析】解：在独立遗传的情况下，有几对基因就可以分解为几个分离定律问题：（1）DdDdDD、Dd、dd，共三种基因型。（2）EeeeEe、ee，共两种基因型。因此DdEe和Ddee的豌豆杂交，理论上子代的基因型种类为32=6种。故选：C。逐对分析法：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。本题考查基因自由组合定律的实质及应用，解答本题的关键时掌握逐对
25、分析法，能运用该方法进行基本的计算，属于考纲理解层次的考查。17.人眼的虹膜有褐色的和蓝色的，一个蓝眼（aa）男人与一个褐眼（ Aa）女人结婚，这对夫妇生下蓝眼女孩的可能性是（）A. 12B. 13C. 14D. 16【答案】C【解析】解：一个蓝眼（aa）男人与一个褐眼（Aa）女人结婚，其后代aaAa12Aa（褐眼）：12aa（蓝眼），所以这对夫妇生下蓝眼女孩的可能性是1212=14。故选：C。根据题意分析可知：人眼的虹膜由一对等位基因控制，遵循基因分离规律蓝眼的基因型为aa，说明蓝色是由隐性遗传因子控制的，且位于常染色体上本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根
26、据题干信息准确判断亲本的基因型，再结合题干信息准确判断各选项，属于考纲理解层次的考查18.将豌豆的一对相对性状杂合显性个体和纯合隐性个体间行种植，另将玉米的一对相对性状杂合显性个体和纯合隐性个体间行种植。在不考虑变异时，问显性植株上所产生的F1是（）A. 豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体B. 豌豆都为显性个体，玉米既有显性又有隐性C. 豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3：1D. 玉米都为显性个体，豌豆既有显性又有隐性【答案】B【解析】解：A、豌豆由于自花传粉，只有隐性个体；玉米可进行异株间的异花传粉，有显性个体和隐性个体，A错误；B、豌豆是自花传粉植物，都为隐性个体；玉米是异花传粉植物，既有显性
27、又有隐性，B正确；C、豌豆都为隐性个体，玉米可进行同株的异花传粉，又可进行异株间的异花传粉，比例不能确定，C错误；D、玉米既有显性又有隐性，豌豆都为隐性个体，D错误。故选：B。根据题意分析可知：纯种豌豆在自然情况下是严格的自花传粉，闭花受粉，所以间行种植彼此之间互不影响；而玉米自然条件下既可进行同株的异花传粉（因雌雄不同花，系自交）又可进行异株间的异花传粉（系杂交），所以隐性个体上产生的F1既有显性也有隐形。本题考查基因分离定律应用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力19.某哺乳动物棒状尾（A）对正常尾（a）为显性，黄色毛（B）对白色毛（b）为显性，两对
28、基因独立遗传。雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛。下列叙述正确的是（）A. A与a、B与b两对等位基因位于一对同源染色体上B. 基因型为Bb、bb的亲本交配，能从子代的表型判断出子代的性别C. 若黄色毛与白色毛个体交配，生出白色毛雄性个体，则父本的基因型是BbD. 基因型都为AaBb的亲本杂交，子代四种表型比为9：3：3：1【答案】C【解析】解：A、由于两对基因独立遗传，所以A与a、B与b两对等位基因位于两对同源染色体上，A错误；B、若想依据子代的表现型判断出性别能满足要求的交配组合有三组：BBBB、BBBb、BBbb，B错误；C、若黄色毛与白色毛两个体交配，生出一只白色雄性个体（bb
29、），说明亲本的基因型为Bb（）_b（），则父本的基因型是Bb，母本的基因型是Bb或bb，C正确；D、由于雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛，所以基因型都为AaBb的亲本杂交，子代四种表型比肯定不为9：3：3：1，D错误。故选：C。分析题干的信息：1、根据“雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛”，其基因型和性状的关系为：BBBbbb白色白色白色黄色黄色白色2、根据“两对基因独立遗传”，说明A与a、B与b两对等位基因位于两对对同源染色体上。本题旨在考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质，并应用基因分离定律和自由组合定律解决实际问题，明确题干提供的信息“雌性个体无论毛色基因型如何
30、，均表现为白色毛”，列出基因型和性状的关系，根据遗传规律，得出正确的答案。20.一株黄色圆粒豌豆与一株黄色皱粒豌豆杂交，其子代黄圆占38，黄皱占38，绿圆占18，绿皱占18，则两亲本的基因型为（）A. YyRRYYRrB. YyRrYyRrC. YYRRyyrrD. YyRrYyrr【答案】D【解析】解：单独分析黄色和绿色这一对相对性状，后代黄色：绿色=3：1，说明亲本的基因型均为Yy；单独分析圆粒和皱粒这一对相对性状，后代圆粒：皱粒=1：1，属于测交类型，亲本的基因型为Rr和rr。综合以上可知，两亲本的基因型为YyRr、Yyrr。故选：D。解答本题需要采用逐对分析法和后代分离比推断法：（1）
31、逐对分析法：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。（2）后代分离比推断法：若后代分离比为显性：隐性=3：1，则亲本的基因型均为杂合子；若后代分离比为显性：隐性=1：1，则亲本一定是测交类型，即一方是杂合子，另一方为隐性纯合子；若后代只有显性性状，则亲本至少有一方为显性纯合子。本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能运用逐对分析法和后代分离比推断法推断两亲本的基因型，进而选出正确的答案，属于考纲理解和应用层次的考查。21.下列哪项比例符合1：1（）A. 用15N标记的DNA在含14N的
32、培养基上培养一代后产生的15N的DNA分子和14N的DNA分子数量之比B. 酵母菌消耗3mol葡萄糖进行无氧呼吸和消耗2mol葡萄糖进行有氧呼吸所产生CO2体积之比C. 基因型为YYRr的豌豆产生雌雄两种配子的数量比D. 并指患者（常染色体显性基因控制）与正常人婚配后生下正常女儿，则再生一个孩子是正常和患并指的概率比【答案】D【解析】解：A、根据DNA半保留复制方式可知，用15N标记的DNA在含14N的培养基上培养一代后产生的子代DNA分子均含有15N和14N，没有只含15N的DNA分子，也没有只含14N的DNA，A错误；B、酵母菌消耗3mol葡萄糖进行无氧呼吸产生的二氧化碳为6mol，消耗2
33、mol葡萄糖进行有氧呼吸所产生CO2为12mol，体积之比1：2，B错误；C、基因型为YYRr的豌豆产生的雄配子数量远远多于雌配子，C错误；D、并指患者（常染色体显性基因控制，相关基因用B、b表示）与正常人（bb）婚配后生下正常女儿（bb），则妻子的基因型为Bb，丈夫的基因型为bb，他们再生一个孩子是正常和患并指的概率相同，即再生一个孩子是正常和患并指的概率比为1：1，D正确。故选：D。1、DNA分子复制方式为半保留复制。2、酵母菌的新陈代谢类型为异养兼性厌氧型：（1）在有氧条件下，反应式如下：C6H12O6+6H2O+6O2酶6CO2+12H2O+能量；（2）在无氧条件下，反应式如下：C6H
34、12O6酶2CO2+2C2H5OH+能量。3、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。本题考查DNA半保留复制、酵母菌的呼吸作用和基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力22.孟德尔选用豌豆为实验材料获得成功，而耐格里用山柳菊做实验却一无所获。以下说法错误的是（）A. 豌豆和山柳菊都具有易于区分且可连续观察的相对性状B. 豌豆花大，易于做人工杂交实验，山柳菊花小，做杂交实验困难C. 豌
35、豆和山柳菊一些性状的遗传遵循遗传规律D. 正确地选择实验材料是实验成功的前提【答案】A【解析】解：A、山柳菊没有既容易区分又可以连续观察的相对性状，A错误；B、豌豆花大，易于做人工杂交实验，山柳菊花小，做杂交实验困难，B正确；C、豌豆和山柳菊一些性状的遗传遵循遗传规律，C正确；D、正确地选择实验材料是实验成功的前提，D正确。故选：A。豌豆作为遗传学实验材料容易取得成功的原因是：（1）豌豆是严格的自花、闭花授粉植物，在自然状态下一般为纯种；（2）豌豆具有多对易于区分的相对性状，易于观察；（3）豌豆的花大，易于操作；（4）豌豆生长期短，易于栽培。本题考查孟德尔遗传实验，比较基础，只要考生识记豌豆作
36、为遗传学实验材料容易取得成功的原因即可正确答题，属于考纲识记层次的考查。23.基因型为AaBb的个体与aaBb个体杂交，F1的表现型比例是（）A. 9：3：3：1B. 1：1：1：1C. 3：1：3：1D. 3：1【答案】C【解析】解：将基因型为AaBb和aaBb的个体杂交，求子代表现型可以把亲本成对的基因拆开，一对一对的考虑：Aaaa1Aa：1aa；BbBb3B_：1bb；表现型的比例：（1：1）（3：1）=3：1：3：1。故选：C。解答本题最简单的方法是拆分法，即首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。本题考查自由组
37、合定律的应用，意在考查学生所学知识的运用能力，只要把自由组合定律的分离比合理拆分成分离定律，思路清晰，计算量小，复杂的问题也会变得简单。24.生物个体间差异让世界多姿多彩。下列属于相对性状的是（）A. 人的A型血和B型血B. 豌豆的矮茎和玉米的高茎C. 人的双眼皮和大眼睛D. 羊的黑角和白腿【答案】A【解析】解：A、人的A型血和B型是同种生物同一性状的不同表现类型，属于相对性状，A正确；B、豌豆的矮茎和玉米的高茎不符合“同种生物”，不属于相对性状，B错误C、人的双眼皮和大眼睛不符合“同一性状”一词，不属于相对性状，C错误；D、羊的黑角和白腿不符合“同一性状”一词，不属于相对性状，D错误。故选：
38、A。相对性状是指同种生物相同性状的不同表现类型判断生物的性状是否属于相对性状需要扣住关键词“同种生物”和“同一性状”答题本题考查生物的性状与相对性状，重点考查相对性状，要求考生识记相对性状的概念，能扣住概念中的关键词“同种生物”和“同一性状”对各选项作出正确的判断，属于考纲识记和理解层次的考查25.通过测交不可以推测被测个体（）A. 是否是纯合子B. 产生配子的比例C. 遗传因子组成D. 产生配子的数量【答案】D【解析】解：A、测交可以推测被测个体是否是纯合子，A正确；B、测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，B正确；C、测交可以推测被测个体产生配子的种类，从而确定其遗传因子的组成，C正确
39、；D、测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，但不能推测被测个体产生配子的数量，D错误。故选：D。测交的定义是孟德尔在验证自己对性状分离现象的解释是否正确时提出的，为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代代与隐性纯合子杂交，这就叫测交。在实践中，测交往往用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例。本题考查测交方法检验子一代的基因型，要求考生识记测交的概念，掌握测交实验的意义及应用，明确测交可以用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例，再对各选项作出准确的判断即可。26.基因型为AaBb的豌豆自交，配子的基因型有几种（）A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】D【解
40、析】解：基因型为AaBb的豌豆自交，根据基因自由组合定律，配子的基因型有22=4种，即Ab、AB、aB、ab。故选：D。逐对分析法：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。本题考查基因自由组合定律的定律及实例，比较基础，只要考生掌握逐对分析法的应用即可正确答题，属于考纲理解层次的考查。27.下列关于孟德尔一对相对性状的杂交实验的叙述，错误的是（）A. 豌豆是自花传粉的生物，因此杂交实验过程需要人工授粉B. 孟德尔在实验结果分析中运用了数学统计分析的方法，发现了遗传中的数学规律C. 孟德尔把杂种显性个体与纯种隐性个体杂交产
41、生隐性后代的现象定义为性状分离D. 设计测交实验并预测子代性状及比例，属于“假说演绎法”中的“演绎”过程【答案】C【解析】解：A、豌豆是自花传粉的生物，在自然状态下是进行自交，因此杂交实验过程需要人工授粉，A正确；B、孟德尔在实验结果分析中运用了数学统计分析的方法，发现了遗传中的数学规律，B正确；C、杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象叫做性状分离，C错误；D、设计测交实验并预测子代性状及比例，属于“假说演绎法”中的“演绎”过程，D正确。故选：C。孟德尔的假说-演绎法：提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论。提出问题（在实验基础上提出问题）；做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子
42、决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；得出结论（基因分离定律）。本题考查孟德尔遗传实验，要求考生识记孟德尔遗传实验的具体过程，掌握假说演绎法的具体步骤及各步骤中需要注意的细节，再结合所学的知识准确判断各选项，属于考纲识记和理解层次的考查。28.下列关于纯合子和杂合子的叙述正确的是（）A. 纯合子测交后代都是纯合子B. 杂合子测交后代都是杂合子C. 杂合子自交后代都是杂合子D.
43、纯合子自交后代都是纯合子【答案】D【解析】解：A、纯合子测交后代不一定是纯合子，如AA测交后代都是杂合子，A错误；B、杂合子测交后代既有杂合子，也有纯合子，如Aa插脚后代为Aa和aa，B错误；C、杂合子自交后代既有杂合子，也有纯合子，如Aa自交，子代为AA、Aa、aa，C错误；D、纯合子能稳定遗传，其自交后代都是纯合子，D正确。故选：D。1、纯合子是由含有相同基因的配子结合而成的合子发育而成的个体纯合子能稳定遗传2、杂合子是指同一位点上的两个等位基因不相同的基因型个体杂合子自交后代会出现性状分离，不能稳定遗传本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生识记基因分离定律的实质，掌握纯合子、杂合子的
44、概念及特点，能结合一对相对性状的6组杂交组合准确判断各选项。29. 某二倍体植物的花色素由一对基因B/b控制，基因B控制红花的形成。花色素的合成还受显性基因D的影响，基因D能抑制基因B的表达，从而使植物的花色表现为白色。该种植物花色遗传的杂交实验如图所示。下列分析错误的是（）A. 生物的性状和基因并不都是一一对应的关系B. 这两对基因的遗传符合自由组合定律C. 若让F2中的红花植株自由交配，则子代中的粉花植株约占19D. 若让F2中的红花植株与粉花植株杂交，则子代中不会出现白花植株【答案】D【解析】解：A、由以上分析可知，一个基因也影响多个性状，所以基因与性状之间并不是简单的一一对应的关系，A
45、正确；B、F2中的白花：红花：粉花=9：3：4，为9：3：3：1比例的变式，符合基因的自由组合定律，B正确；C、F2中的红花植株基因型及比例为13BBdd、23Bbdd，自由交配子代中粉花植株（bbD_、bbdd）比例为19，C正确；D、F2中的红花植株基因型为B_dd，粉花植株基因型为bbD_和bbdd，其中B_dd与bbD_杂交会产生基因型为BbDd的白花植株，D错误。故选：D。分析题图：F2中的白花：红花：粉花=9：3：4，为9：3：3：1比例的变式，符合基因的自由组合定律，说明基因D能抑制基因B的表达而使该植物开白花，基因型B_D_表现为白花，基因型B_dd表现为红花，基因型bbD_和
46、bbdd表现为粉花，子一代白花的基因型为BbDd。本题结合图解，考查基因自由组合定律的实质及应用，解答本题的关键是根据9：3：4是9：3：3：1的变式进行逆推，明确基因型与表现型之间的对应关系，再进行相关概率的计算，属于考纲理解层次的考查。30.科学的研究方法是取得成功的关键，假说-演绎法和类比推理法是科学研究中常用的方法。下面是人类探明基因神秘踪迹的历程：孟德尔的豌豆杂交实验：提出遗传因子的遗传规律；萨顿研究蝗虫的精子和卵细胞形成过程中提出假说：基因在染色体上；摩尔根进行果蝇杂交实验找到基因在染色体上的实验证据。他们在研究的过程所使用的科学研究方法依次为（）A. 假说演绎法类比推理假说演绎法
47、B. 假说演绎法类比推理类比推理C. 假说演绎法假说演绎法类比推理D. 类比推理假说演绎法类比推理【答案】A【解析】解：孟德尔提出遗传定律时采用了假说-演绎法；萨顿采用类比推理法提出了“基因在染色体上”的假说；摩尔根采用假说-演绎法证明了基因位于染色体上。故选：A。1、孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论2、“基因在染色体上”的发现历程：萨顿通过类比基因和染色体的行为，提出基因在染色体上的假说；之后，摩尔根以果蝇为实验材料，采用假说-演绎法证明基因在染色体上本题知识点简单，考查孟德尔遗传实验、基因在染色体上的探索历程，要求考生识记孟德尔遗传实验
48、的过程及采用的方法；识记“基因在染色体”的探索历程，明确萨顿采用的是类比推理法，摩尔根采用的是假说-演绎法二、填空题31.豌豆是遗传学研究常用的实验材料。请分析回答:（1）豌豆的紫花和白花由一对等位基因A、a控制。某校研究性学习小组选用紫花豌豆和白花豌豆作亲本，进行了杂交实验1(见下图)。在对亲本的杂交实验操作中，应在母本_时，除去全部雄蕊，去雄后，为防止外来花粉授粉，应进行 处理。F2紫花植株中杂合子占 。若F2植株全部自交，预测F3中,开紫花植株和开白花植株的比例约为 。（2）豌豆的子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性,种子圆形(R)对皱形(r)为显性。研究性学习小组进行了杂交实验2(见下图)
49、。根据实验 2判断,控制豌豆子叶颜色和种子形状的两对等位基因位于 (填“同源”或“非同源”)染色体上,两对相对性状的遗传遵循 定律。F2中黄色圆形个体有 种基因型，F2黄色圆形个体中纯合子占_。【答案】（1）花粉尚未成熟时；套袋 2/3 ； 5：3（2）非同源；自由组合 4；1/9【解析】【分析】此题考查基因分离定律和基因自由组合定律，以及识图能力。正确记忆3：1和9：3：3：1是做题的关键。【解答】（1）豌豆属于自花传粉闭花授粉植株，为了完成实验需要在母本花粉尚未成熟的时候去掉全部雄蕊，为了防止外来花粉干扰，给母本做套袋处理。 F1是杂合子Aa，F2中AA：Aa：aa=1：2：1，F2紫花植
50、株中杂合子占2/3。F2植株全部自交，预测F3中，开紫花植株和开白花植株的比例约为（1/4AA+1/8AA+1/4Aa）：（1/8aa+1/4aa）=5：3。（2）F1自交后代F2的比例是9：3：3：1，可知遵循基因自由组合定律，则两对等位基因位于非同源染色体上。黄圆基因型=22=4种，F2黄色圆形个体中纯合子=1313=19。32.如图1为豌豆的一对相对性状遗传实验过程图解，请仔细看图后回答下列问题：（1）豌豆是一种非常经典的遗传学材料，由于它是_植物，所以在自然状态下一般都是纯种。（2）如图中所示操作和操作分别叫_、_。（3）红花（A）对白花（a）为显性，若P皆为相对性状的纯合子，让F1自
51、交，F2的性状中，红花与白花之比为_，F2的基因型有_，且比值为_。（4）豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，种子圆粒（R）对皱粒（r）为显性。让纯种的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆为亲本杂交得F1，F1自交得F2，F2中纯合体占_，F2中与亲本表现型相同的个体占_。（5）豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，种子圆粒（R）对皱粒（r）为显性。若两亲本豌豆杂交的F1表现型如图2，则亲本的基因型是：_。【答案】严格的自花传粉 去雄 传粉 3：1 AA、Aa、aa 1：2：11458 YyRryyRr【解析】解：（1）豌豆是严格的自花传粉植物，在自然状态下一般都是纯种。（2）图中所示操作和操作分
52、别叫去雄和传粉。（3）若P皆为相对性状的纯合子，让F1进行自交，F2的性状中，红花与白花之比为3：1，F2的严格的自花传粉有AA、Aa、aa，且比值为1：2：1。（4）纯种的黄色圆粒豌豆（YYRR）与绿色皱粒豌豆（yyrr）为亲本杂交得F1（YyRr），F1自交得F2，F2中纯合体占14，F2中与亲本表现型相同的个体（Y_R_和yyrr）占3434+1414=58。（5）根据柱形图可知，后代圆粒：皱粒=3：1，黄色：绿色=1：1，所以亲本的基因型是YyRryyRr。故答案为：（1）严格的自花传粉（2）去雄和传粉（3）3：1AA、Aa、aa1：2：1 （4）1458（5）YyRryyRr根据题意
53、和图示分析可知：图1为豌豆的一对相对性状遗传实验过程图解，其中为去雄过程，为人工异花传粉过程。图2中：后代圆粒：皱粒=3：1，说明亲本的基因型均为Rr；黄色：绿色=1：1，属于测交，说明亲本的基因型为Yyyy因此亲本的基因型为YyRryyRr。本题结合实验图解和柱形图，考查孟德尔杂交实验、基因自由组合定律的实质及应用，要求考生识记人工异花传粉过程，能准确判断图中各过程的名称；掌握基因自由组合定律的实质，能运用逐对分析法进行简单的概率计算。33.已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性关（由等位基因D、d控制），蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状（由等位基因H、h控制），蟠桃对圆桃为显性。下表是桃树
54、两个杂交组合的实验统计数据：亲本组合后代的表现型及其株数组别表现型乔化蟠桃乔化圆桃矮化蟠桃矮化圆桃甲乔化蟠桃矮化圆桃410042乙乔化蟠桃乔化圆桃3013014（1）根据组别_的结果，可判断桃树树体的显性性状为_。（2）甲组的两个亲本基因型分别为_、_。（3）根据甲组的杂交结果可判断，上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律。理由是：如果这两对性状的遗传遵循自由组合定律，则甲组的杂交后代应出现_种表现型，比例应为_。（4）桃树的蟠桃果形具有较高的观赏性。已知现有蟠桃树种均为杂合子，欲探究蟠桃是否存在显性纯合致死现象（即HH个体无法存活），研究小组设计了以下遗传实验，请补充有关内容。实验方案：_
55、，分析比较子代的表现型及比例；预期实验结果及结论：如果子代_，则蟠桃存在显性纯合致死现象；如果子代_，则蟠桃不存在显性纯合致死现象。【答案】乙 乔木 DdHh ddhh 4 1：1：1：1 蟠桃（Hh）自交或蟠桃和蟠桃杂交 表现型为蟠桃和圆桃，比例2：1 表现型为蟠桃和圆桃，比例3：1【解析】解：（1）由于乙组实验中，后代发生性状分离，说明乔化相对于矮化是显性性状。（2）蟠桃对圆桃为显性，乔化对矮化为显性，则甲组中亲本乔化蟠桃矮化圆桃的基因型可表示为D_H_ddhh，又由于后代中乔化：矮化=1：1，蟠桃：圆桃=1：1，均属于测交，因此亲本的基因型为DdHhddhh。（3）若甲组遵循自由组合定律
56、，则其杂交后代应出现乔化蟠桃、矮化蟠桃、乔化圆桃、矮化圆桃四种表现型，并且四种表现型的比例为1：1：1：1。（4）实验方案：让杂合蟠桃与杂合蟠桃杂交，分析比较子代的表现型及比例。预期实验结果及结论：如果子代表现型为蟠桃和圆桃，比例为2：1，则蟠桃存在显性纯合致死现象。如果子代表现型为蟠桃和圆桃，比例为3：1，则蟠桃不存在显性纯合致死现象。故答案为：（1）乙乔木（2）DdHh ddhh （3）41：1：1：1 （4）蟠桃（Hh）自交或蟠桃和蟠桃杂交表现型为蟠桃和圆桃，比例2：1表现型为蟠桃和圆桃，比例3：1根据题意和图表分析可知：乙组中亲本均为乔化性状，而子代出现了矮化性状，即性状分离，说明乔化
57、相对于矮化是显性性状，则亲本的基因型为DdDd；甲组和乙组后代蟠桃与园桃之比均为1：1，属于测交，已知蟠挑对圆桃为显性，则亲本的基因型为Hhhh据此答题本题结合图表，考查基因分离定律和基因自由组合定律及应用，首先要求学生掌握基因分离定律的实质，能运用逐对分析法判断乔化和矮化的显隐性及亲本的基因型；其次根据基因自由组合定律判断甲组子代的表现型及比例，属于考纲理解层次的考查。34.黄色皱粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，子代的性状表现类型按每对相对性状进行分析和统计的结果如下图所示，请分析回答黄色（Y）对绿色（y）是显性，圆粒（R）对皱粒（r）是显性（1）子代中圆粒与皱粒的比例是_（2）亲本中黄色皱粒与绿
58、色圆粒的遗传因子组成分别为_和_（3）子代性状表现的比例是_（4）子代中黄色圆粒的遗传因子组成是_，若使子代中的黄色圆粒与绿色皱粒个体杂交，它们的后代中纯合子所占的比例是_【答案】（1）1：1（2）Yyrr yyRr（3）1：1：1：1（4）YyRr14【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：后代中黄色：绿色=1：1，属于测交，说明亲本的基因型为Yyyy；圆粒：皱粒=1：1，说明亲本的基因型为Rrrr，属于测交。综合以上可知控制这两对性状的基因遵循基因的自由组合定律，所以亲本的基因型为Yyrr（黄色皱粒）yyRr（绿色圆粒）据此答题。本题结合柱形图，考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌
59、握基因分离定律和自由组合定律的实质，能运用后代分离比推断法推测亲本的基因型，再运用逐对分析法计算相关概率，属于考纲理解和应用层次的考查。【解答】（1）根据题意和图示分析可知：圆粒：皱粒=1：1；（2）根据题意和图示分析可知：后代中黄色：绿色=1：1，属于测交，说明亲本的基因型为Yyyy；圆粒：皱粒=1：1，说明亲本的基因型为Rrrr，属于测交。综合以上可知控制这两对性状的基因遵循基因的自由组合定律，所以亲本的基因型为Yyrr（黄色皱粒）yyRr（绿色圆粒）；（3）由（2）的推导可知亲本的基因型为Yyrr（黄色皱粒）yyRr（绿色圆粒），由基因的自由组合定律可知子代性状表现的比例是：黄色圆粒：黄
60、色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=1：1：1：1（4）由（2）的推导可知亲本的基因型为Yyrr（黄色皱粒）yyRr（绿色圆粒），所以子代中黄色圆粒的遗传因子组成是YyRr；子代中黄色圆粒基因型YyRr与绿色皱粒yyrr杂交，则子代中纯合子类型只有绿色皱粒yyrr所占的比例是：1212=14。一、单选题1.下列关于纯合子的叙述中，正确的是（）A. 纯合子在减数分裂时只能产生一个配子B. 纯合子自交后代一定不会发生性状分离C. 纯合子与纯合子杂交后代一定是纯合子D. 纯合子的双亲一定是纯合子【答案】B【解析】A、纯合子在减数分裂时只能产生一种而不是一个配子，A错误；B、纯合子的细胞中无控制相对性状的基因
61、，都为相同基因，所以自交后代一定不会发生性状分离，B正确；C、纯合子与纯合子杂交后代不一定是纯合子，如AAaa的后代都是杂合子，C错误；D、纯合子的双亲不一定是纯合子，如AaAa后代有纯合子AA、aa，D错误。故选：B。2.孟德尔揭示出了基因的分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有（）选取豌豆作试验材料；科学地设计试验程序；进行人工杂交试验；应用统计学方法对实验结果进行分析；选用了从单因素到多因素的研究方法；先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料A. B. C. D. 【答案】B【解析】孟德尔获得成功的原因之一是选材正确，即选取豌豆作试验材料，正确；孟德尔获得成功的原因之一是科学
62、地设计试验程序，即提出问题作出假说演绎推理实验验证得出结论，正确；进行人工杂交试验是孟德尔的实验过程，不是其成功的原因，错误；应用统计学方法对实验结果进行分析，是孟德尔获得成功的又一个重要因素，正确；由单因子到多因子的科学思路（即先研究1对相对性状，再研究多对相对性状）是孟德尔获得成功的原因之一，正确；草莓是利用匍匐茎进行无性繁殖的植物，不能作为遗传实验材料，错误。故选：B。3.基因型为AaBb的水稻自交，自交后代中两对基因都是纯合的个体占总数的（）A. 116B. 416C. 616D. 816【答案】B【解析】【分析】本题考查的知识点是基因的自由组合定律，意在培养学生利用所学知识分析问题和
63、解决问题的能力。已知水稻的基因型为AaBb，由两对等位基因控制，所以每对基因都遵循基因的分离定律，两对基因遵循基因的自由组合定律。【解答】AaAaAA、Aa、aa，比例为1：2：1，其中AA占14、aa占14。同理，BbBbBB、Bb、bb，比例为1：2：1，其中BB占14、bb占14。基因型为AaBb的水稻自交，后代会出现4种表型、9种基因型。其中两对基因都是纯合的个体的基因型是AABB、aaBB、AAbb、aabb四种，占总数的比例为1414+1414+1414+1414=416=14。综上，ACD错误，B正确。4.狗的毛色中褐色（B）对黑色（b）显性；I和i是位于另一对同源染色体上的等位
64、基因，I是抑制基因，当I存在时，含有B、b基因的狗均表现为白色，i不影响B、b的表达。现有黑色狗（bbii）和白色狗（BBII）杂交获得F1，F1雌雄个体相互交配产生的F2中，白色个体和杂合褐色个体之比为（）A. 2：1B. 3：1C. 4：1D. 6：1【答案】D【解析】现有黑色狗（bbii）和白色狗（BBII）杂交，产生F1的基因型是BbIi，表型为白色；F1自由交配产生的F2的基因型为B_I_（白色916）、B_ii（褐色316）、bbI_（白色316）、bbii（黑色116），其中褐色杂合子Bbii占216，所以产生的F2中白色个体和杂合褐色个体之比为12：2即6：1，D正确。故选：D
65、。已知狗毛褐色由B基因控制，黑色由b基因控制，I和i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因，I是抑制基因，当I存在时，B、b均不表现颜色而产生白色，即_I_为白色、bbii为黑色、B_ii褐色。本题考查基因自由组合定律及运用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。5.某种鱼的鳞片有4种表型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定（用A、a，B、b表示），且BB对生物个体有致死作用。将无鳞鱼和纯合野生型鳞的鱼杂交，F1有两种表型，野生型鳞的鱼占50%，单列鳞鱼占50%；选取F1中的单列鳞鱼进行互交，其后代中有上述4种
66、表型，且比例为6：3：2：1，则下列叙述正确的是（）A. 这两对等位基因不遵循基因的分离定律B. 自然种群中，单列鳞有4种基因型C. 亲本基因型组合是aaBb和AAbbD. F1野生型的基因型为AaBb【答案】C【解析】A、由题意可知在子二代中出现了6：3：2：1，是9：3：3：1的变式，这是因为有致死的情况，因此遵循基因的分离定律和基因的自由组合定律，A错误；B、自然种群中，因为BB致死，所以没有4种基因型，只有2种基因型，B错误；C、亲本中的无鳞鱼应是aaBb，野生型鳞应是AAbb，C正确；D、F1野生型的基因型为Aabb，D错误。基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行
67、减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合；由题意知，A、a与B、b分别位于2对同源染色体上，因此遵循自由组合定律。本题旨在考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质，基因与性状之间的关系，把握知识的内在联系，形成知识网络，并应用逆推法结合题干给出的信息推测亲本基因型；解答该题要求考生正确应用9：3：3：1的变式及纯合致死现象。6.将豌豆一对相对性状纯合显性个体和纯合隐性个体间行种植，另将玉米（雌雄异花）一对相对性状纯合显性个体和纯合隐性个体间行种植。通常情况下，具有隐
68、性性状的一行植株上所产生的F1具有的特点是（）A. 豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体B. 玉米都为隐性个体，豌豆既有显性个体又有隐性个体C. 豌豆和玉米的显性和隐性个体比例都是3：1D. 豌豆都为隐性个体，玉米既有显性个体又有隐性个体【答案】D【解析】A、豌豆由于自花传粉，只有隐性个体；玉米可进行异株间的异花传粉，有显性个体和隐性个体，A错误；B、玉米既有显性又有隐性，豌豆都为隐性个体，B错误；C、豌豆都为隐性个体，玉米可进行同株的异花传粉，又可进行异株间的异花传粉，比例不能确定，C错误；D、豌豆是自花传粉植物，都为隐性个体；玉米是异花传粉植物，既有显性又有隐性，D正确。根据题意分析可知：纯种
69、豌豆在自然情况下是严格的自花传粉，闭花受粉，所以间行种植彼此之间互不影响；而玉米自然条件下既可进行同株的异花传粉（因雌雄不同花，系自交）又可进行异株间的异花传粉（系杂交），所以隐性个体上产生的F1既有高茎也有矮茎。本题考查基因分离定律应用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。7.豌豆子叶的颜色黄色（A）对绿色（a）为显性，种子的形状圆粒（B）对皱粒（b）为显性，两对基因位于两对染色体上。现有一批黄色圆粒种子进行测交，子代表型及比例见下表。则这批种子的基因型及比例为（）亲本交配方式子代黄色圆粒测交黄色圆粒黄色皱粒绿色圆粒绿色皱粒49785106103198
70、9A. 全为AaBbB. AaBb：AABb=1：2C. AaBb：AABb=1：3D. AaBb：AABb=1：4【答案】B【解析】（1）只看黄色和绿色这对相对性状，子代黄色与绿色之比约为5：1，假设亲本中AA的概率为X，则Aa的概率为1-X，X+12（1-X）=56，解答X=23，即亲本中Aa：AA=1：2；（2）只看圆粒和皱粒这对相对性状，子代中圆粒与皱粒之比约为1：1，这说明亲本的基因型为Bb和bb，因此亲本中圆粒的基因型均为Bb。综合以上可知，亲本的基因型及比例为AaBb：AABb=1：2。故选：B。逐对分析法：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计
71、算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。本题结合表格数据，考查基因自由组合定律的实质及应用，解答本题的关键是掌握逐对分析法，能将两对拆开分析，最后再综合，属于考纲理解和应用层次的考查。8.基因型为Bb的玉米自交后所结的一个玉米穗上结出700多粒种子（F1），挑选F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析中不正确的是（）A. 甲组中隐性个体占16，乙组隐性个体占19B. 两组的纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例C. 两组子代中，基因型为Bb的个体所占比例不同D. 基因B在两组子代中的基因频率不同【答案】D【解析】本题的知识点是基因的分离定律，自由交配和
72、自交过程的基因型频率的计算方法，种群基因频率的计算方法，先梳理相关知识点，然后结合题干信息进行解答。Bb的玉米自交后，显性个体中BB占13，Bb占23；自交得到的F2中36BB、26Bb、16bb，B的基因频率为23；自由交配得到的F2中49BB、49Bb、19bb，B的基因频率为23；即基因B在两组子代中的基因频率相同，D错误，ABC正确。9.已知牛的有角与无角为一对相对性状，由常染色体上的等位基因A与a控制，在自由放养多年的一牛群中，两基因频率相等，每头母牛一次只生产l头小牛。以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是（）A. 选择多对有角牛和无角牛杂交，若后代有角牛明显多于无角牛则有角为
73、显性；反之，则无角为显性B. 自由放养的牛群自由交配，若后代有角牛明显多于无角牛，则说明有角牛为显性C. 选择多对有角牛和有角牛杂交，若后代全部是有角牛，则说明有角为隐性D. 随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产3头牛全部是无角，则无角为显性【答案】D【解析】A、选择多对有角牛和无角牛杂交，由于显性基因可能为杂合子或纯合子，故后代中显性多于隐性；若后代有角牛明显多于无角牛则有角为显性；反之，则无角为显性，A正确；B、由于两基因频率相等，自由放养的牛群自由交配，若后代有角牛明显多于无角牛，则说明有角牛为显性，B正确；C、选择多对有角牛和有角牛杂交，若后代全部是有角牛，则说明有角为隐
74、性，C正确；D、随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产3头牛全部是无角，不能判断无角为显性，因后代个体数太少，亲代测交也有可能为此结果，不能判断显隐性，D错误。根据题意分析可知，有角和无角是一对相对性状，是由一对等位基因控制的，遵循基因的分离定律，要鉴定有角与无角之间的显隐性关系，可通过杂交的后代是否发生性状分离来加以分析确定（植物还可以通过自交的方法）。这是一道考查综合分析、推理能力的开放性实验题型。主要考查性状的显隐性关系及基因型、表型、基因的分离定律的实质和应用等相关知识，意在考查学生对所学知识的理解程度和设计实验的综合应用能力。10.基因型为AaBbCc和AabbCc的两个
75、个体杂交（三对等位基因分别位于三对同源染色体上）。下列关于杂交后代的推测，正确的是（）A. 表型有8种，AaBbCc个体的比例为116B. 表型有8种，aaBbCc个体的比例为116C. 表型有4种，aaBbcc个体的比例为116D. 表型有8种，Aabbcc个体的比例为18【答案】B【解析】已知三对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律。基因型为AaBbCc和AabbCc的两个个体杂交，分别考虑每对基因杂交的后代基因型和表型情况来答题。A、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表型有222=8种，AaBbCc个体的比例为121212=18，A错误；B、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表型有8
76、种，aaBbCc个体的比例为141212=116，B正确；C、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表型有8种，aaBbCc个体的比例为141212=116，C错误；D、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表型有8种，Aabbcc个体的比例为121214=116，D错误。故选：B。11.豌豆黄色（Y）对绿色（y），圆粒（R）对皱粒（r）为显性，这两对基因位于两对同源染色体上。现有一绿色圆粒（yyRr）豌豆，开花后自花传粉得到F1，F1再次自花传粉得到F2。F2中纯合的绿色圆粒豌豆所占的比例是（）A. 23B. 38C. 12D. 14【答案】B【解析】豌豆黄色（Y）对绿色（y）、圆粒（R）对皱粒
77、（r）为显性，这两对基因位于两对同源染色体上，符合基因的自由组合定律。绿色圆粒（yyRr）豌豆，由于yy纯合，相当于一对相对性状，所以可运用基因的分离定律解题。根据题意分析可知：由于绿色基因型为yy，自交后代不出现性状分离，可不作考虑。yyRr自花传粉得到F1：14RR，12Rr，14rr。F1再次自花传粉，得到F2。F1中RR和Rr自交可以得到纯合绿色圆粒（yyRR）豌豆，其中yyRR自交得到yyRR的比例为141=14；yyRr自交得到yyRR的比例为1214=18。所以，F2中纯合的绿色圆粒豌豆的比例是14+18=38。故选：B。12.已知鸡的羽毛生长速度受一对等位基因控制，且快羽对慢羽
78、为显性。某养鸡场利用一些能稳定遗传的亲本进行了相关杂交实验。下列叙述正确的是（）A. 若该基因位于Z染色体上，将慢羽雌鸡与快羽雄鸡杂交，则F2中快羽的基因频率是13B. 若该基因位于Z染色体上，将快羽雌鸡与慢羽雄鸡杂交，选择F1快羽类型可有利于产蛋C. 将慢羽雌鸡与快羽雄鸡杂交，根据子代表型及比例可以确定控制快慢羽的基因位置D. 快羽雌鸡与慢羽雄鸡杂交，若F1均为快羽，则说明控制快慢羽的基因位于常染色体【答案】D【解析】A、若该基因位于Z染色体上（假设用A/a表示），将慢羽雌鸡（ZaW）与快羽雄鸡（ZAZA）杂交，F2中快羽的基因频率=亲代中快羽的基因频率=23，A错误；B、若该基因位于Z染色
79、体上，将快羽雌鸡（ZAW）与慢羽雄鸡（ZaZa）杂交，F1中快羽均为雄性、慢羽均为雌性，应保留慢羽才能增加产蛋量，B错误；C、将慢羽雌鸡与快羽雄鸡杂交，无论该对基因位于常染色体还是Z染色体，子代均为快羽，无法判断基因的位置，C错误；D、快羽雌鸡与慢羽雄鸡杂交，若该对基因位于常染色体，F1均为快羽；若该对基因位于Z染色体，F1中雌性为慢羽、雄性为快羽，D正确。故选：D。鸡的性别决定方式为ZW型，雌鸡为ZW，雄鸡为ZZ。若不存在基因突变、自然选择等因素，种群的基因频率不变。本题主要考查伴性遗传的相关知识，要求考生掌握分离定律的实质，能根据所学知识综合分析各选项，判断基因型的位置，计算相关概率，难度
80、中等。13.水牛的有角与无角为一对相对性状，受一对等位基因H、h的控制。雄性水牛中，基因型为HH和Hh的有角，hh的无角；雌性水牛中，基因型为HH的有角，Hh和hh的无角。一对有角水牛交配后生下了一只无角小牛，该无角小牛的性别与基因型应该为（）A. 雄性，hhB. 雌性，HhC. 雌性，hhD. 无法确定【答案】B【解析】根据题中信息可知，有角雌性水牛的基因型为HH，其所生的无角小牛肯定含有H基因；根据题中基因型与表型的关系可知，无角水牛肯定含有h基因，因此这头无角小牛的基因型为Hh，性别为雌性。故选：B。本题属于从性遗传，从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表型上受个体性别影响的现象。
81、如水牛的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性，无角基因h为隐性，在杂合体（Hh）中，雄性水牛表现为有角，雌性水牛则无角，这说明在杂合体中，有角基因H的表现是受性别影响的。14.香豌豆中，只有当A、B两显性基因共同存在时，才开红花，一株红花植株与aaBb杂交，子代中有38开红花；若此红花植株自交，其红花后代中杂合子占（）A. 89B. 69C. 29D. 19【答案】A【解析】根据题意分析可知，只有当A、B两显性基因共同存在时才开红花，一株红花植株（A_B_）与aaBb杂交，后代中开红花植株（A_B_）所占的比例为38=1234，说明该红花植株的基因型为AaBb。据此答题。根
82、据以上分析可知，此类红花植株的基因型为AaBb，其自交后代基因型为A_B_的植株开红花，占总数的916，开红花的植株纯合子为AABB占总数的116，所以红花后代中杂合子占（916-116）916=89。故选：A。15.孟德尔用纯种高茎豌豆与纯种矮茎豌豆作亲本，分别设计了杂交、自交、测交等多组实验，按照假说-演绎的科学方法“分析现象提出假说演绎推理检验假说得出结论”，最后得出了两大遗传定律。孟德尔在检验假说阶段进行的实验是（）A. 纯合亲本之间的杂交B. F1与某亲本的杂交C. F1的自交D. F1的测交【答案】D【解析】解：A、纯合亲本之间的杂交是孟德尔遗传实验过程，不是验证实验，A错误；B、
83、孟德尔检验假说时采用的是F1的测交实验，而不是用F1与某亲本杂交，B错误；C、F1的自交是孟德尔遗传实验过程，不是验证实验，C错误；D、孟德尔检验假说时采用的是F1的测交实验，D正确。故选：D。测交的定义是孟德尔在验证自己对性状分离现象的解释是否正确时提出的，为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代与隐性纯合子杂交，这就叫测交。在实践中，测交往往用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例。据此答题。本题考查测交方法检验子一代的基因型，要求考生识记测交的概念，掌握测交的意义，明确孟德尔在检验假说阶段进行的实验是F1的测交实验，再选出正确的答案即可，属于考纲识记层次的考查。16.无尾
84、猫是一种观赏猫。猫的无尾、有尾是一对相对性状，按分离定律遗传。为了选育纯种的无尾猫，让无尾猫自交多代，但发现每一代中总会出现约13的有尾猫，其余均为无尾猫。由此推断正确的是（）猫的有尾性状是由显性遗传因子控制的自交后代出现有尾猫是性状分离的结果自交后代无尾猫中既有杂合子又有纯合子无尾猫与有尾猫杂交后代中无尾猫约占12A. B. C. D. 【答案】C【解析】让无尾猫自交多代，发现每一代中总会出现约13的有尾猫，即发生性状分离，说明无尾相对于有尾是显性性状（用A、a表示），则亲本无尾猫的基因型均为Aa，根据基因分离定律，它们后代的基因型及比例为AA：Aa：aa=1：2：1，其中有尾猫占13，而每
85、一代中总会出现约13的有尾猫，说明AA纯合致死。由分析可知，猫的有尾性状是由隐性基因控制的，错误；自交后代出现有尾猫是性状分离的结果，正确；AA纯合致死，所以自交后代无尾猫中只有杂合子，错误；无尾猫（Aa）与有尾猫（aa）杂交后代的基因型及比例为：Aa（无尾）：aa（有尾）=1：1，其中无尾猫约占12，正确。故选C。17.某单子叶植物的非糯性（A）对糯性（a）为显性，抗病（T）对染病（t）为显性，花粉粒长形（D）对圆形（d）为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd AAttDD AAttdd aattdd则下
86、列说法正确的是（）A. 若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用和杂交所得F1代的花粉B. 若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察和杂交所得F1代的花粉C. 若培育糯性抗病优良品种，应选用和亲本杂交D. 将和杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色【答案】C【解析】A、由于单子叶植物的非糯性（A）对糯性（a）为显性，所以若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本和杂交，A错误；B、用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本和杂交，依据花粉的形状和花粉的糯性与非糯性两对相对性状可以验证，B错误；C、培育糯性抗病优良品种，选用和亲本杂交较为合理，C正确；D、
87、和杂交后所得的F1（AattDd），产生的花粉置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，且比例为1：1：1：1，D错误。故选：C。根据题意分析可知：三对等位基因位于三对同源染色体上，符合基因自由组合规律；若要验证基因的分离定律，则只能有一对等位基因存在。本题考查基因自由组合规律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。18.某同学在完成了“模拟孟德尔杂交实验”的活动后，对一对相对性状的杂交模拟实验提出了以下说法，下列相关叙述错误的是（）A. 实验中不能用小球代替卡片，因为小球容易滚落丢失B. 实验中能认识到受精作用时雌、雄配子的结合是随机的C. 若
88、要模拟果蝇性别决定，可以在“雌1”中放入卡片X10张，在“雄1”中放入卡片X20张、Y20张D. 若要模拟F2中能稳定遗传的个体随机交配的子代基因型种类和比例，可在“雌1”和“雄1”信封中各放入10张Y卡片和10张y卡片【答案】A【解析】A、实验中能用小球代替卡片，小球容易混匀，实验精度比纸片还高，A错误；B、从两个信封中各取一个卡片，组合在一起模拟受精，体现出受精作用时雌、雄配子的结合是随机的，B正确；C、果蝇是XY型性别决定，一般情况下，雄配子多于雌配子，且含X染色体与含Y染色体的雄配子数量相等，若要模拟果蝇性别决定，可以在“雌1”中放入卡片X 10张，在“雄1”中放入卡片X 20张、Y
89、20张，C正确；D、F2中能稳定遗传的个体基因型是纯合的，即YY和yy，若要模拟随机交配的子代基因型种类和比例，可在“雌1”和“雄1”信封中各放入10张Y卡片和10张y卡片，D正确。故选：A。19.外显率是指一定环境条件下，群体中某一显性基因控制个体表现出相应表现型的百分率（例如：MM基因型群体中出现 20%的隐性个体，则 M基因的外显率为80%）。已知果蝇小眼和正常眼、翻翅和正常翅分别由基因A、a和B、b控制，两对基因独立遗传且均不位于Y染色体上，不存在基因致死效应但某显性基因的外显率小于1。下列是关于果蝇眼型和翅型的相关实验研究。下列叙述错误的是（）A. 果蝇的小眼对正常眼为显性，控制翅型
90、的基因位于X染色体上B. 从以上实验结果分析，可推测控制眼型的A基因的外显率为12C. 让F1中翻翅与正常翅果蝇自由交配，子代中正常翅雌果蝇所占比例为14D. 让F1中小眼和小眼果蝇自由交配，子代中有小眼和正常眼，且比例为3：2【答案】B【解析】解：A、根据基因型分析，A基因的外显率小于1，且杂交组合雌性为AAXbXb，雄性为AAXBY，果蝇的小眼对正常眼为显性，控制翅型的基因位于X染色体上，A正确；B、根据杂交结果，小眼（显性）比例为60%，眼型的A基因的外显率为60%，B错误；C、让F1中翻翅（XBXb）与正常翅（XbY）果蝇自由交配，子代中正常翅雌果蝇（XbXb）的概率为1212=14，
91、C正确；D、让F1中小眼（AA）和小眼（AA）果蝇自由交配，子代全为AA，外显率为60%，其中表现为小眼的为60%，表现为正常眼的为40%，即比例为3：2，D正确。故选：B。1、控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。2、在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。3、两对基因独立遗传且均不位于Y染色体上，说明两对等位基因遵循基因的自由组合定律。某显性基因的外显率小于1，根据杂交结果可推出，
92、A基因的外显率小于1，且杂交组合雌性为AAXbXb，雄性为AAXBY。本题考查学生从题干中获取果蝇眼型和翅型的相关实验研究信息，并结合所学遗传规律的计算问题做出正确判断，属于应用层次的内容，难度适中。20.牵牛花中，叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用普通叶白色种子纯种和枫形叶黑色种子纯种作为亲本进行杂交，得到的 F1全为普通叶黑色种子，F1自交得F2，结果符合基因的自由组合定律。下列对 F2的描述中错误的是（）A. F2中有9种基因型，4种性状B. F2中普通叶与枫形叶之比为3：1C. F2中与亲本性状相同的个体大约占38D. F2中普通叶白色种子个体与枫形叶白色种子个体杂交
93、将会得到两种比例相同的个体【答案】D【解析】A、根据基因自由组合定律，双杂合体的F1自交得F2，F2中有9种基因型，4种表型，A正确；B、F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以普通叶与枫形叶之比为3：1，黑色种子与白色种子之比为3：1，B正确；C、F2中与亲本表型相同的个体大约占316+316=38，C正确；D、F2中普通叶白色种子个体与枫形叶白色种子个体比为3：1，所以杂交后会得到两种表型个体，但比例不相同。如果是AAbb，就都是普通叶白种子；如果是Aabb，两种个体比例相同，因此后代中普通叶白色种子个体比枫形叶白色种子个体要多，D错误。故选：D。根据题意分析可知：用普通叶
94、白色种子纯种和枫形叶黑色种子纯种作为亲本进行杂交，得到的F1为普通叶黑色种子，说明普通叶对枫形叶为显性，黑色种子对白色种子为显性。且F1为双杂合体，设基因型为AaBb，则亲本的基因型为AAbb和aaBB。明确知识点，梳理相关知识，根据选项描述结合基础知识做出判断。本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。21.Rh血型系统，是人类的一种血型系统，有阴性（Rh-）与阳性（Rh+）之分。当体内含有D基因控制的RhD蛋白时，表现为Rh+，否则表现为Rh-，汉族人群中Rh+所占的比例为99.7%，所以Rh-血型又称为熊猫血，当母亲是Rh-血型
95、时，胎儿血细胞或RhD蛋白会在分娩末期进入母体内，诱发母体产生抗体，抗体通过胎盘进入胎儿体内诱发溶血，下列分析中正确的是（）A. 随着母体分娩次数的增加，胎儿对母体适应能力加强，出现溶血概率下降B. 分娩第一胎后很短时间给Rh-血型母亲注射RhD蛋白抗体，可以预防下一胎新生儿溶血C. 人群中母亲是Rh-血型，胎儿是Rh-血型概率大于Rh+D. 母亲是Rh-血型，从预防新生儿溶血的角度不需要检测父亲Rh血型类型【答案】B【解析】解：A、分娩次数增加，母体内RhD蛋白抗体的浓度可能越高，胎儿出现溶血的概率越大，A错误；B、分娩第一胎后很短时间给Rh-血型母亲注射RhD蛋白抗体，可以很快清除进入母体
96、的RhD蛋白或胎儿血细胞，这样就不会刺激母体产生能分泌RhD蛋白抗体的浆细胞，起到预防下一胎新生儿溶血的目的，B正确；C、人群中Rh+基因的基因频率远大于Rh-，所以母亲是Rh-血型，但是由于父亲体内一般都是Rh+基因，所以胎儿是Rh-血型概率小于Rh+，C错误；D、.母亲是Rh-血型，如果父亲也是Rh-血型，是不会出现新生儿溶血的，从预防新生儿溶血的角度需要检测父亲Rh血型类型，D错误。故选：B。分析题干可知：溶血反应产生的原因，接触到Rh阳性血后Rh阴性体内产生了抗体，此时再次接触Rh阳性血就会使Rh阳性血发生溶血反应。本题考查基因分离定律的应用和免疫调节的相关内容，要求学生理解相关知识并
97、应用。22.对有色饱满籽粒玉米和无色凹陷籽粒玉米进行一系列的杂交试验，结果如表。以下不正确的是（）实验一实验二亲代有色饱满 无色凹陷F1 有色饱满亲代 F1无色凹陷子代有色有色无色无色 饱满凹陷饱满凹陷 4032 149 152 4035A. 控制粒色的一对基因中有色籽粒基因为显性基因B. 控制有色和饱满籽粒的基因位于同一条染色体上C. 控制饱满和凹陷的基因分离只发生在减数分裂D. F1产生配子过程中发生了同源染色体的片段交换【答案】C【解析】解：A、亲本有色与无色杂交，F1全为有色，说明有色为显性，且从F2有色：无色=1：1可知，粒色受一对等位基因控制，A正确；B、F2的四种表现型之比不为1
98、：1：1：1，说明发生了交叉互换，故控制有色和饱满籽粒的基因位于同一条染色体上，B正确；C、控制饱满和凹陷的基因在减数第一次分裂前期发生了交叉互换，故基因的分离发生在减数分裂和减数分裂，C错误；D、F1产生配子过程中发生了同源染色体的片段交换，导致F2出现了四种表现型的比例不为1：1：1：1，D正确。故选：C。从题干可知，无色凹陷为双隐性个体，实验二可称为测交实验，测交实验可检测待测个体产生的配子种类及比例，由F2的表现型及比例可知，F1有色饱满个体产生了四种配子，且比例为4032：149：152：4035，不为1：1：1：1，说明两对基因位于一对同源染色体上（即连锁），且在产生配子的过程中发
99、生了交叉互换。本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律和基因自由组合定律的实质，能正确分析表格获取有效信息，再结合所学知识正确答题。23.某果实的颜色由两对独立遗传的等位基因B、b和R、r控制，其中B控制黑色，R控制红色，且B基因的存在能完全抑制R基因的表达，现向某基因型为BbRr的植株导入了一个隐性纯合致死基因s，然后让该植株自交，自交后代F1表型比例为黑色：红色：白色=8：3：1，据此下列说法中不正确的是（）A. s基因导入到B基因所在的染色体上B. F1的全部黑色植株中存在6种基因型C. 控制果实颜色的两对等位基因遵循基因的自由组合定律D. 对该转基因植株进行测交，
100、子代黑色：红色：白色=2：1：1【答案】B【解析】根据题意可知，黑色果实的基因型为B_R_和B_rr，红色果实的基因型为bbR_，白色果实的基因型为bbrr；BbRr的植株若没有导入致死基因，自交后代黑色：红色：白色=12：3：1，导入致死基因后比例变为8：3：1，说明致死的全部为黑色，因此导入的是B基因所在的染色体，导致基因型为BB的植株死亡。A、据分析可知，s基因导入到B基因所在的染色体上，A正确；B、因为红色（bbR_）的个体存活，所以s应与B在同一条染色体上，因此当BB组合时ss也会组合从而使个体致死，则F1的全部黑色植株有BbRRs、BbRrs、Bbrrs，共3种基因型，B错误；C、
101、由题意可知，“BbRr的植株导入了一个隐性致死基因s，然后让该植株自交，自交后代F1表型比例为黑色：红色：白色=8：3：1”，说明控制果实颜色的两对等位基因遵循基因的自由组合定律，C正确；D、该转基因个体为BbRrs，对该转基因植株进行测交即与bbrr杂交，子代有BbRrs、Bbrrs、bbRr、bbrr，子代没有致死个体，因此子代黑色：红色：白色=2：1：1，D正确。24.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因B、b控制，基因型为BB和Bb的花瓣是红色，bb的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaBb的
102、亲本自交，则下列有关判断不正确的是（）A. 子代共有9种基因型B. 子代有花瓣植株中，AaBb所占的比例为14C. 子代共有5种表型D. 子代无花瓣植株中，aaBB所占的比例为14【答案】B【解析】根据题意分析可知：控制花瓣大小和花色的基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，因此基因型为AaBb的亲本自交共产生16种组合方式，9种基因型，由于花瓣大小是不完全显性，且aa表现无花瓣，因此共有5种表型。A、由题意可知，Aa自交子代基因型有3种，Bb自交子代基因型有3种，所以基因型为AaBb的亲本自交，子代共有9种基因型，A正确；B、子代有花瓣植株中，AaBb所占的比例为1223=13，B错误；C、由
103、题意可知，Aa自交子代表型有3种，Bb自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，故aaB_与aabb的表型相同，表型共5种，C正确；D、子代无花瓣植株的基因型为aa_，其中aaBB占14，D正确。25.研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定：Cb-黑色、Cs-银色、Cc-乳白色、Cx-白化。为确定这组基因间的关系，进行如下杂交实验。据此分析下列选项不正确的是（）杂交组合亲代子代黑银乳白白化1黑黑210072黑白化1110003乳白乳白0032114银乳白0231112A. 与毛色有关的基因型共有10种B. 可以确定这组等位基因的显性程度C. 等位基因的关系是：CbCsCxCcD. 杂交的后代最
104、多会出现3种毛色【答案】C【解析】解：A、由于豚鼠毛色由Cb、Cs、Cc、Cx等位基因决定，所以该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有C52=（54）2=10种，A正确；BC、由于多种交配方式的后代都出现了性状分离，所以能确定这组等位基因间的显性程度，这4个复等位基因之间的显隐性关系的正确顺序是：CbCsCcCx，B正确，C错误；D、豚鼠毛色由一对等位基因决定，两只豚鼠杂交的后代最多会出现4种基因型，根据基因的显隐性关系判断，最多会出现3种毛色，D正确。故选：C。根据题意和图表分析可知：（1）交配1，黑黑黑：白=3：1，说明黑对白为显性，白色为隐性，其基因型为CxCx，两个黑色亲本为杂合体，基因型
105、均为CbCx（2）交配2，黑白黑：白=1：1，为测交，亲本黑色为杂合体。（3）交配3，乳白乳白乳白：白=3：1，说明乳白对白色为显性，亲本乳白都是杂合体，其基因型均为CcCx（4）交配4，银乳白银：乳白=2：1：1，说明亲本银与乳白都是杂合体，携带有隐性白色基因，也说明银对乳白为显性。本题考查基因分离定律、复等位基因的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。26.已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb：AAbb=1：1，且该种群的每种基因型中雌雄个体比例为1：1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为（
106、）A. 58B. 59C. 1316D. 1318【答案】A【解析】解：亲本是Aabb和AAbb，只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配（因为两个亲本都是bb，后代也全为bb）。据题意无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa：AA=1：1，这样亲本Aa占12，它所产生的配子A占14，a占14；AA占12，它所产生的配子全为A占12这样亲本产生的配子中A占34，a占14无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为3434=916，aa的概率为1414=116，Aa的概率23414=616，因此子代中能稳定遗传的个体所占比例=916+116=58。故选：A。本题应选用配子法
107、来计算基因型概率在开始审题的时候看到有两对等位基因，但是由于亲本均为bb，因此只要考虑Aa和AA这一对基因，此时应选择基因的分离定律解题本题考查了对基因分离定律的应用，意在考查考生的审题能力、分析能力和能用数学方式准确地描述生物学方面的内容、以及数据处理能力27.燕麦籽粒的红色与白色性状由多对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律，红色深浅程度由控制红色的基因数目决定，而与基因的种类无关。如图为燕麦籽粒颜色遗传图谱，考虑红色深浅程度，下列分析错误的是（）A. F2红粒中表现型有六种B. F1红粒与亲本红粒表现型一样C. 根据遗传图谱可推出燕麦籽粒颜色涉及三对等位基因D. 将F1红粒进行测交，测
108、交后代的表现型比例为1：3：3：1【答案】B【解析】解：A、F2红粒中有六个显性基因、有五个显性基因、有四个显性基因、有三个显性基因、有两个显性基因、有一个显性基因的，显性基因的数目不同，红色也不同，A正确；B、F1红粒只有三个显性基因，亲本红粒基因型为显性纯合子，有六个显性基因，亲本红粒颜色更深，B错误；C、根据遗传图谱子二代红粒：白粒=63：1，是64种组合，推测受3对等位基因控制，C正确；D、F1进行测交，可以写为AaBbCcaabbcc，AaBbCc产生的配子的类型及比例是ABC：ABc：AbC：Abc：aBC：aBc：abC：abc=1：1：1：1：1：1：1：1，由于aabbcc只
109、产生一种类型的配子是abc，因此测交后代表现型有3个显性基因、2个显性基因、1个显性基因和没有显性基因4种表现型，比值为1：3：3：1，D正确。故选：B。分析遗传图谱：子二代红粒：白粒=63：1，是64种组合，可能受3对等位基因控制，且3对等位基因隐性纯合才表现为白粒，3对等位基因遵循自由组合定律，因此燕麦籽粒颜色至少受3对等位基因控制，且3对都表现为隐性纯合才是白粒，其他都表现为红粒。本题结合遗传图解，考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，以第组中“63：1”的分离比为突破口，推断出该性状由3对独立遗传的等位基因控制，再准确判断各组中红粒亲本的基因型种类及F1
110、的基因型种类。28.完成下列各项任务，依次采用的最合适的方法是（）检验子一代的基因型提高小麦抗病品种的纯度区别一对相对性状中的显性或隐性.A. 杂交、内交、测交B. 测交、自交、杂交C. 测交、测交、杂交D. 测交、杂交、杂交【答案】B【解析】解：测交法可用来检验F1的遗传因子组成，关键原因是与F1进行测交的个体是隐性纯合子；提高小麦抗病品种纯度是通过连续自交完成的；用杂交法可以区别一对相对性状中的显隐性关系，后代表现出的性状是显性性状。故选：B。鉴别方法：（1）鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；（2）鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便；（3）鉴别一对相对性状的
111、显性和隐性，可用杂交法和自交法（只能用于植物）；（4）提高优良品种的纯度，常用自交法；（5）检验杂种F1的基因型采用测交法本题考查基因分离定律的应用，要求考生掌握基因分离定律，会运用杂交法、自交法和测交法去鉴别显性动植物体是否为纯种、鉴别一对相对性状的显隐性、检验杂种F1的基因型等，学会在不同情况下，使用不同的方法29.鸡的雄羽和母羽由常染色体上一对基因（H/h）控制，母鸡只有母羽一种表现型。表现型均为母羽的亲本交配，F1母羽母鸡：母羽公鸡：雄羽公鸡=4：3：1.据此判断（）A. 母羽鸡亲本基因型为Hh和hhB. F1雄羽公鸡存在部分致死现象C. F1母鸡隐性纯合子表现为显性性状D. 雄羽和母
112、羽性状的遗传与性别无关【答案】C【解析】解：A、后代母羽公鸡：雄羽公鸡=3：1，说明母羽鸡亲本基因型为Hh和Hh，A错误；B、F1母羽公鸡：雄羽公鸡=3：1，符合基因分离定律，说明雄羽公鸡不存在部分致死现象，B错误；C、F1母鸡隐性纯合子表现为显性性状，即母羽，C正确；D、根据题干比例可知，雄羽和母羽性状的遗传与性别有关，属于从性遗传，D错误。故选：C。1、基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代。2、按照分离定律，基因型为Hh的个体产生配子的类型及比例是H：h=1：1，自
113、交后代的基因型及比例是HH：Hh：hh=1：2：1由杂交实验可知，母羽雌性与母羽雄性交配，后代雄性个体母羽：雄羽=3：1，因此母羽对雄羽是显性性状；亲本母羽雌性、雄性的基因型都是Hh本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生识记基因分离定律的实质，能根据题干信息推断基因型与表现型之间的对应关系，再结合所学的知识准确答题。30.某动物的体色由位于一对常染色体上相同位置复等位基因A1、A2、A3控制，且三个基因中任意两个组合在一起都能正常表达，正常个体最多含有其中两个基因，如图表示基因对体色的控制关系。下列有关叙述正确的是（）A. 褐色个体和白色个体中都没有杂合子B. 该动物体色的遗传遵循基因自由
114、组合定律C. 该动物控制体色的基因型有6种，表型有4种D. 黑色个体与棕色个体杂交子代不会出现白色个体【答案】C【解析】解：A、褐色个体基因型只能为A1A1，但白色个体基因型可以为A2A3，是杂合子，A错误；B、该动物体色的遗传只受一对复等位基因控制，依然遵循基因分离定律，不遵循基因自由组合定律，B错误；C、该动物体色基因型有A1A1、A1A2、A1A3、A2A2、A2A3、A3A3，共6种，表现有白色、褐色、棕色和黑色4种，C正确；D、若黑色个体的基因型是A1A3，棕色个体的基因型是A1A2，二者杂交，子代有白色个体（A2A3）出现，D错误。故选：C。1、控制不同性状的遗传因子的分离和组合是
115、互不干扰的，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。2、在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。本题考查学生从题图中获取基因对体色的控制关系，并结合所学孟德尔分离定律做出正确判断，属于应用层次的内容，难度适中。31.F2的分离比分别为9：7，9：6：1和15：1，那么F1与纯隐性个体间进行测交，得到的分离比将分别为（）A. 1：3，1：2：1和3：1B. 3：1，4：1和1：3C. 1：2：l，4：l和3：1D. 3：1，3：1和l：
116、4【答案】A【解析】解：根据题意分析，由F2的性状分离比分别为9：7、9：6：1和15：1，可知F1为双杂合体（AaBb）（1）F2的分离比为9：7时，说明生物的基因型为9A_B_：（3A_bb+3aaB_+1aabb），那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_：（A_bb+aaB_+aabb）=1：3；（2）F2的分离比为9：6：1时，说明生物的基因型为9A_B_：（3A_bb+3aaB_）：1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A_B_：（A_bb+aaB_）：aabb=1：2：1；（3）F2的分离比为15：1时，说明生物的基因型为（9A_B_+3
117、A_bb+3aaB_）：1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是（A_B_+A_bb+aaB_）：aabb=3：1故选：A两对等位基因共同控制生物性状时，F2中出现的表现型异常比例分析：（1）12：3：1即（9A_B_+3A_bb）：3aaB_：1aabb或（9A_B_+3aaB_）：3A_bb：1aabb （2）9：6：1即9A_B_：（3A_bb+3aaB_）：1aabb （3）9：3：4即9A_B_：3A_bb：（3aaB_+1aabb）或9A_B_：3aaB_：（3A_bb+1aabb）（4）13：3即（9A_B_+3A_bb+1aabb）：3aaB_或（9A_B
118、_+3aaB_+1aabb）：3A_bb （5）15：1即（9A_B_+3A_bb+3aaB_）：1aabb （6）9：7即9A_B_：（3A_bb+3aaB_+1aabb）本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力解题的关键是理解基因的自由组合定律F2中出现的表现型异常比例32.马的黑色与棕色是一对相对性状，现有黑色马与棕色马交配的不同组合及结果如下：黑棕1匹黑 黑黑2匹黑 棕棕3匹棕 黑棕1匹黑+1匹棕根据上面的结果，下列说法正确的是（）A. 黑色是显性性状，棕色是隐性性状B. 棕色是显性性状，黑色是隐性性状C. 交配的不同组合中的
119、黑马和棕马肯定都是纯合子D. 无法判断显隐性，也无法判断哪种马是纯合子【答案】D【解析】解：A、黑棕的后代只有1匹黑色马，具有很大的偶然性，因而不能确定黑色是显性性状，棕色是隐性性状，A错误；B、四种不同杂交组合都无法确定棕色是显性性状，黑色是隐性性状，B错误；C、黑棕1匹黑+1匹棕的杂交组合中，肯定有杂合体，C错误；D、由于后代数目少，具有偶然性，所以无法判断显隐性，也无法判断哪种马是纯合子，D正确；故选：D。判断性状的显隐性关系：两表现不同的亲本杂交子代表现的性状为显性性状；或亲本杂交出现 3：1 时，比例高者为显性性状。后代分离比推断法：（1）若后代分离比为显性：隐性=3：1，则亲本的基
120、因型均为杂合子；（2）若后代分离比为显性：隐性=1：1，则亲本一定是测交类型，即一方是杂合子，另一方为隐性纯合子；（3）若后代只有显性性状，则亲本至少有一方为显性纯合子。本题考查基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。33.一般情况下，下列各项能用2n表示的是 （ ）A. 一个DNA分子复制n次后所产生的DNA分子数B. 含有n个碱基对的双链DNA分子可能的种类C. 具有n对等位基因（位于n对同源染色体上）的杂合子自交后代的基因型种类D. 基因型为Aa的植物连续自交n代后杂合子的比例【答案】A【解析】一个DNA分子复制n次后产生2n个DNA分子
121、,选项A对；含有n个碱基对的双链DNA分子可能的种类有4n，选项B错；一对等位基因的个体自交后代的基因型种类数为3种，则含有n对独立遗传的等位基因的个体自交后代表现型种类数为3n种。种，选项C错；基因型为Aa的植物连续自交n代后杂合子的比例（1/2）n种，选项D错。34.研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子来扭曲分离比例。若A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内23不含该基因的雄配子。某基因型为Aa的植株自交获得的F1中红花（AA）：粉红花（Aa）：白花（aa）3：4：1，则F1中个体随机授粉产生的后代的表现型及比例为（）A. 红花：白花=2：1B
122、. 红花：粉红花=8：7C. 红花：粉红花：白花=25：60：27D. 红花：粉红花：白花15：14：3【答案】D【解析】解：由题可知，F1中红花（AA）：粉红花（Aa）：白花（aa）=3：4：1，即AA占38，Aa占12，aa占18，因此子一代产生的雌配子的种类及比例为A=38+1212=58，a=38，由于A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内23不含该基因的雄性配子，因此子一代产生的雄配子的种类及比例为A=38+1212=58、a=121213+18=524，因此雄配子中A占34，a占14，因此F1中个体随机受粉产生的后代的表现型比例为：红花（AA）=5834=1532、粉红
123、花（Aa）=5814+3834=1432、白花（aa）=3814=332，即红花：粉红花：白花=15：14：3。故选：D。1、控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。2、在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。本题考查学生从题中获取相关信息，并结合所学孟德尔分离定律的只是做出正确判断，属于应用层次的内容，难度适中。35.现有某作物的两个纯合品种：抗病高秆（易倒伏）和感病矮秆（抗倒伏），抗
124、病对感病为显性，高秆对矮秆为显性。如果要利用这两个品种进行杂交育种，获得具有抗病矮秆优良性状的新品种，在杂交育种前，需要正确的预测杂交结果。按照孟德尔遗传规律来预测杂交结果，需要满足三个条件，下列相关叙述哪个不属于其中的条件（）A. 抗病与感病这对相对性状受一对等位基因控制B. 高秆与矮秆这对相对性状受一对等位基因控制C. 控制这两对相对性状的基因分别位于两对同源染色体上D. 控制这两对相对性状的基因位于一对同源染色体的不同位置【答案】D【解析】解：A、抗病高秆（易倒伏）和感病矮秆（抗倒伏），抗病对感病为显性，高秆对矮秆为显性，相关的等位基因是非同源染色体上的非等位基因，因此，需要满足的条件之
125、一是抗病与感病这对相对性状受一对等位基因控制，A错误；B、抗病高秆（易倒伏）和感病矮秆（抗倒伏），抗病对感病为显性，高秆对矮秆为显性，高秆与矮秆这对相对性状受另一对等位基因控制，也是满足杂交育种的条件之一，B错误；C、控制这两对相对性状的基因分别位于两对同源染色体上，说明这两对等位基因的遗传符合基因自由组合定律，这是杂交育种的条件之一，C错误；D、若控制这两对相对性状的基因位于一对同源染色体的不同位置，则这两对等位基因属于同源染色体上的非等位基因，其遗传不遵循基因的自由组合定律，不符合杂交育种的条件，D正确。故选：D。1、控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的，在形成配子时，决定同一性
126、状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。2、在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。本题考查基因自由组合定律及应用，要求考生掌握基因分离定律和自由组合定律的实质，属于应用层次的内容，难度适中。二、填空题36.某种多年生雌雄同株的植物,叶色由一对等位基因控制,花色由两对等位基因控制,这三对基因独立遗传。该种植物叶色和花色的基因型与表型的对应关系如表所示。叶色叶色花色 .表型绿叶浅绿叶白化叶(幼苗后期死亡)红花黄花白花基因型BBBbbbD_E_、D_eeddE_
127、ddee注:除基因型为bb的个体外,该种植物的其他个体具有相同的生存和繁殖能力。请回答下列问题:(1)该种植物叶色的遗传符合定律,花色的遗传符合定律。(2)基因型为DdEe的植株的花色为,该植株自交后代中红花: 黄花: 白花= 。(3)该种植物叶色的显性现象属于(填“完全”或“不完全”)显性。现以一株浅绿叶的植株作亲本,自交得到F1,F1早期幼苗的叶色为。F1成熟后,全部自交得到F2,F2成熟植株中浅绿叶植株所占的比例为。【答案】(1)分离；自由组合(2)红色；12:3:1(3)不完全；绿色、浅绿色、白化；2/5【解析】【分析】本题考查了基因分离定律和自由组合定律的应用，要求考生首先能够根据表
128、格中信息判断相关表现型的基因型，然后在结合题意进行分析；同时要求考生能够熟练掌握9：3：3：1的变形应用；解答最后小题时特别注意“白化叶幼苗后期死亡”，从而得出准确比例。【解答】（1）由表格信息可知，该种植物叶色受一对等位基因控制，因此遗传符合分离定律，而花色受两对等位基因控制，因此遗传符合自由组合定律。（2）根据表格可知，基因型为DdEe的植株的花色为红花，该植株自交后代中红花：黄花：白花=（916D_E_+316D_ee）：316ddE_：116ddee=12：3：1。（3）该种植物叶色的显性现象属于不完全显性。浅绿叶的植株基因型为Bb，以该植株作亲本自交得到F1，基因型包括14BB、12
129、Bb、14bb，因此F1早期幼苗的叶色为绿叶、浅绿叶、白化叶(幼苗后期死亡)。F1成熟后，白化叶bb死亡，因此13BB、23Bb自交得到F2（12BB、13Bb、16bb），又由于白化叶死亡，因此F2成熟植株中浅绿叶植株所占的比例为25。故答案为：(1)分离；自由组合(2)红色；12:3:1(3)不完全；绿色、浅绿色、白化；2/537.水稻花为两性花，风媒传粉，花小，杂交育种工作量巨大。水稻的紫叶鞘对绿叶鞘完全显性，受一对等位基因控制（设为A和a）。现有紫叶鞘（甲）和绿叶鞘（乙）两个纯系水稻品种，将甲、乙两种水稻间行种植。（1）若要获得甲为父本、乙为母本的杂交种子，需对母本植株进行_ （操作）
130、并套袋隔离，待父本植株花粉成熟后人工授粉并进行套袋隔离。种子成熟后收获_ （填“甲”或“乙”）植株上结的种子即为杂交种子，播种这些种子所得的幼苗表型只有1种，若某次实验的这些幼苗出现了性状分离，原因可能是_ 。（2）若间行种植后自然生长，待种子成熟后，收获乙品种植株上的种子播种，长出的幼苗将会出现紫叶鞘和绿叶鞘两种表型。其中_ 性状幼苗是乙的自交后代，请用遗传图解解释你的判断。（3）由于甲、乙两品系各有一些不同的优良性状，研究者欲以此为基础培育优良杂种。请你设计一个简便易行的方法实现甲、乙间的杂交，获得杂种植株。你的方案是：_。【答案】（1）未成熟去雄；乙；操作失误（如没有全部套袋隔离、母本去
131、雄不彻底等）（2）绿叶鞘（3）将甲乙间行种植，令其自然传粉，收获乙植株上的种子，种植，在苗期根据叶鞘色选苗，保留紫叶鞘幼苗即为杂种植株【解析】【分析】本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生识记人工异花传粉的具体过程，掌握基因分离定律的实质，能根据甲和乙的基因型及杂交过程推断子代的基因型和表型，并能设计简单的方法获取优良的杂种植株。1、人工异花授粉过程为：去雄（在花蕾期去掉雄蕊）套上纸袋人工异花授粉（待花成熟时，采集另一株植株的花粉涂在去雄花的柱头上）套上纸袋。2、紫叶鞘（甲：AA）和绿叶鞘（乙：aa）两个纯系水稻品种，将甲、乙两种水稻间行种植，既可以发生自交，也可以发生杂交。【解答】（1）
132、若要获得甲为父本、乙为母本的杂交种子，需对母本植株进行未成熟去雄并套袋隔离，待父本植株花粉成熟后人工授粉并进行套袋隔离。甲（AA）为父本，乙（aa）为母本，因此种子成熟后收获乙植株上结的种子即为杂交种子，其基因型为Aa，播种这些种子所得的幼苗表型为紫叶鞘，若某次实验的这些幼苗出现了性状分离，原因可能是由于操作失误（如没有全部套袋隔离、母本去雄不彻底等）造成母本发生了部分自交；（2）水稻花为两性花，风媒传粉，若间行种植后自然生长，则既可以发生自交，也可以发生杂交，因此待种子成熟后，收获乙品种植株上的种子播种，长出的幼苗将会出现紫叶鞘和绿叶鞘两种表型，其中绿叶鞘性状幼苗是乙的自交后代，遗传图解如下
133、：（3）要实现甲、乙间的杂交，获得杂种植株，可将甲乙间行种植，令其自然传粉，收获乙植株上的种子，种植，在苗期根据叶鞘色选苗，保留紫叶鞘幼苗即为杂种植株。38.某哺乳动物背部的皮毛颜色由基因A1、A2和A3控制，且3种基因任意两个组合都能正常表达，如图表示基因与皮毛颜色的控制关系。请回答相关问题：（1）图示体现了基因控制性状的方式为_。（2）该动物种群中关于体色共有_种基因型；纯合子的表现型及其基因型为_。（3）现有一白色雄性个体与多个黑色雌性个体交配，其后代有三种毛色，且其中一种为棕色，则该白色雄性个体的基因型为_。从其后代中选择两只体色不同的雌雄个体交配，要获得表现型种类最多的后代，两个体的
134、基因型应分别为_，后代的表现型及比例为_。【答案】（1）基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状（2）6；白色A2A2和A3A3、褐色A1A1（3）A2A3；A1A2A1A3；褐色：黑色：棕色：白色=1：1：1：1【解析】【试题解析】【分析】本题考查了基因分离定律和基因与性状的知识，要求学生根据题图信息确定基因型和表现型之间的对应关系，并运用基因的分离定律进行解题，难度适中。哺乳动物背部的皮毛颜色由常染色体复等位基因A1、A2和A3控制，遵循基因的分离定律。基因控制生物性状的途径有两条：一是通过控制酶的合成来控制代谢过程从而控制性状，二是通过控制蛋白质的结构直接控制生物性状，本
135、题图中体现了第一条途径。【解答】（1）分析图解可知，图示体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。（2）A1、A2和A3三个复等位基因两两组合，纯合子有A1A1（褐色）、A2A2（白色）、A3A3（白色）三种，杂合子有A1A2、A1A3、A2A3三种，即该动物种群中有关体色的基因型共有6种。（3）分析题图可知，黑色个体的基因型只能是A1A3该白色雄性个体与多个黑色异性个体交配，后代中出现棕色（A1A2）个体，说明该白色个体必定含有A2基因，其基因型只能是A2A2或A2A3若为A2A2，子代只能有A1A2棕色和A2A3白色两种类型；若为A2A3，则子代会有A1A2棕色、A1
136、A3黑色和A2A3白色三种类型。从其后代中选择两只体色不同的雌雄个体交配，要获得表现型种类最多的后代，两个体的基因型应分别为A1A2A1A3，后代的表现型及比例为褐色：黑色：棕色：白色=1：1：1：1。39.用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为209株；若用亲本中的纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为102株，白花为303株。相关基因用A、a；B、b；表示。请回答下列问题：（1）控制该高等植物的花色的等位基因遵循_定律，请写出判断依据_。（2）亲本纯合红花与纯合白花的基因型分别是_
137、和_，F1自交得到的白花植株中，杂合子所占的比例是_。用亲本中的纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，纯合子所占的比例是_。（3）现有一红花植株，其自交后代中红花：白花3：1，则该红花植株的基因型是_。【答案】自由组合 F2中红花：白花=182：1439：7，是9：3：3：1的变形 AABB aabb4714 AABb或AaBB【解析】解：（1）根据F1自交的结果可知，F2中红花：白花=182：1439：7，是9：3：3：1的变形，所以该高等植物的花色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律。（2）由题干信息可知，F1的基因型是AaBb，亲本纯合红花与纯合白花的基因
138、型分别是AABB和aabb，F1自交，得到的F2植株中，红花植株的基因型为A_ B_，白花植株的基因型为A_ bb、aaB_和aabb。F2中白花植株占716，白花纯合子在整个F1中占316，故白花植株中纯合子所占的比例是37，杂合子所占的比例是47。题干中用纯合白花植株（aabb）的花粉给F1红花植株（AaBb）授粉，后代中有4种基因型，只有aabb一种纯合子，所占比例为14。（3）红花植株的基因型为A_ B_，若一红花植株自交产生的后代中红花：白花3：1，说明该红花的基因型为一对杂合子加上一对显性纯合子，即该红花植株的基因型是AABb或AaBB。故答案为：（1）自由组合F2中红花：白花=1
139、82：1439：7，是9：3：3：1的变形（2）AABB aabb （3）AABb或AaBB1、控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。2、在生物体的体细胞中，控制同一种性状的遗传因子成对存在，不相融合，在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。本题考查基因的自由组合定律，要求考生掌握基因自由组合定律的原理，解答本题的关键在于根据F2中的性状数量比推断出花色受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律，难度适中。40.金鱼草是遗传学研究的重要模式
140、植物，可自花受粉也可异花受粉。位于2号染色体上的等位基因A和a控制着金鱼草的花色，基因型为AA的植株开红花，Aa的植株开粉红花，aa的植株开白花。研究发现，A和a还与金鱼草花粉的育性密切相关，AA和aa产生的花粉均100%可育，但Aa产生的花粉50%可育。为进一步研究A和a与花粉育性的关系，科研人员进行了正反交杂交实验，结果如图所示。（1）根据上述杂交实验可推断：粉红花金鱼草产生的含_的花粉是不育的。让基因型为Aa的金鱼草自交，子代表现型及比例应是_。（2）科研人员利用转基因技术将抗虫基因H导入基因型为Aa的金鱼草愈伤组织中，培育出转基因植株M和N（假设只导入了一个抗虫基因，且不考虑基因突变和
141、染色体互换）。植株M和N分别自交，结果如下表所示。分类红花不抗虫红花抗虫粉红花不抗虫粉红花抗虫白花抗虫植株M自交后代14001214植株N自交后代1121411251216根据表中结果推测：基因H除了可以抗虫外，对粉红花金鱼草花粉的育性也有影响，具体表现为_，植株M中基因H插入到了_染色体上，植株N中H基因插入到了_染色体上。（3）在植株N自交后代的粉红花抗虫个体中，有25的个体花粉100%可育，另外35的个体产生的花粉中，可育花粉所占比例是_。让植株N自交后代中的红花抗虫个体与白花抗虫个体杂交，后代出现粉红花不抗虫个体的概率是_。【答案】a 红花：粉红花=1：1 抗虫基因H使含a的花粉可育
142、a基因所在的2号 2号染色体外的其它非同源34124【解析】解：（1）正交实验时，粉红花（Aa）为母本，红花（AA）为父本，后代红花（AA）：粉红花（Aa）=1：1，说明粉红花为母本时，产生的雌配子类型及比例为A：a=1：1；而反交实验时，红花（AA）为母本，粉红花（Aa）为父本，子一代全为红花（AA），说明粉红花产生的雄配子只有含A的参与了受精，即含有a的花粉是不育的。让基因型为Aa的金鱼草自交，其产生的雌配子A：a=1：1，而雄配子只有含A的才可育，因此子代基因型和比例为AA：Aa=1：1，故表现型及比例应是红花：粉红花=1：1。（2）由表可知，转入H基因后，基因型为Aa的M植株自交后代红
143、花：粉红花：白花=1：2：1，符合Aa自交后代分离比，说明抗虫基因H可使含a基因的花粉可育，且子代中白花（aa）全部抗虫，红花（AA）全都不抗虫，推测M植株中H基因插入到了a所在的2号染色体上，若推测正确，则M植株产生的雌雄配子都是A：aH=1：1，其自交后代AA：AaH：aaHH=1：2：1，即红花不抗虫：粉红花抗虫：白花抗虫=1：2：1，符合表中数据，故推测正确；根据植株N自交后代表现型及分离比1：3：1：5：2，可推测H基因插入到的2号染色体外的其它染色体上，若假设成立，植株N（AaH）中A/a与H基因位于非同源染色体上，根据自由组合定律及H基因使a花粉可育，可知植株N产生的花粉类型及比
144、例为AH：aH：A=1：1：1，产生的雌配子类型及比例为AH：a：aH：A=1：1：1：1，其自交后代红花抗虫（AAH-）所占比例为1413+1413+1413=14，粉红花不抗虫（Aa）所占比例为1413=112，红花不抗虫（AA）所占比例为1413=112，粉红花抗虫（AaH-）所占比例为=1413+1413+1413+1413+1413=512，白花抗虫（aaH-）所占比例为1413+1413=16，与表格数据相符，即植株N中H基因插入到了2号染色体之外的非同源染色体上。（3）由（2）分析可知，植株N自交后代中粉红花抗虫个体的基因型及比例为AaHH：AaH=2：3，其中AaHH占25，其
145、产生的花粉均含H，所以花粉均可育，而另外的35AaH中，产生的花粉为A：aH：AH：a=1：1：1：1，其中a花粉不育，故可育花粉占34，植株N自交后代中，红花抗虫个体的基因型和比例为AAHH（1413）：AAH（1413+1413）=1：2，其产生的配子AH=13+2312=23，A=2312=13，白花抗虫个体的基因型及比例为aaHH（1413）：aaH（1413）=1：1，其产生的配子aH=12+1212=34，a=1212=14，则二者杂交有一半的可能为红花抗虫为父本，白花抗虫为母本，此时杂交后代为粉红花不抗虫（Aa）的概率为1314=112，还有12的可能前者为母本，后者为父本，若白
146、花抗虫为父本，其产生花粉a不育，故此时可育花粉为aH，与红花抗虫个体杂交后代均为抗虫，故综上分析可知，让植株N自交后代中的红花抗虫个体与白花抗虫个体杂交，后代出现粉红花不抗虫个体的概率是11212=124。故答案为：（1）a 红花：粉红花=1：1 （2）抗虫基因H使含a的花粉可育a基因所在的2号2号染色体外的其它非同源（3）34124根据题意可知，金鱼草可自花受粉也可异花受粉。位于2号染色体上的等位基因A和a控制着金鱼草的花色，基因型为AA的植株开红花，Aa的植株开粉红花，aa的植株开白花。研究发现，A和a还与金鱼草花粉的育性密切相关，AA和aa产生的花粉均100%可育，但Aa产生的花粉50%可育。据图分析，正交时，红花（AA）为父本，粉红花（Aa）为母本时，后代红花（AA）：粉红花（Aa）=1：1，说明粉红花为母本时，产生的配子类型及比例为A：a=1：1，反交时，红花（AA）为母本，粉红花（Aa）为父本，子一代全为红花（AA），说明粉红花产生的雄配子只有含A的参与了受精。本题考查自由组合定律和分离定律的应用，要求考生能根据分离比推算基因的位置，具有一定的难度。
