1、福建省四地六校联考2014-2015学年高二上学期第二次月考物理试卷一、单项选择题（共12题，每小题4分，共48分）1（4分）下列说法正确的是（）A电场是假想的，并不是客观存在的物质B电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率C电流的方向就是电荷定向移动的方向D物体所带的电荷量只能是元电荷e的整数倍2（4分）下列正确描述正点电荷电场线的图示是（）ABCD3（4分）有二个完全相同的金属小球A、B，A球带电量为7Q，B球带电量为QA和B相距为R（R远大于小球直径），此时相互作用力大小为F，让A球和B球接触后放回原位，A和B间的相互作用力大小将变为（）ABCD4（4分）关于下列电阻和电阻率的说法
2、正确的是（）A把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻、电阻率均变为原来的一半B由=可知，R，C所有材料的电阻率随温度的升高而增大D对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大5（4分）关于电势的高低，下列说法正确的是（）A沿电场线方向电势逐渐降低B电势降低的方向一定是电场线的方向C正电荷在只受电场力的作用下，一定向电势低的地方运动D带负电荷的小球，由静止释放，一定向电势高的地方运动6（4分）电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，一正电荷在电场中只受电场力作用，则（）A正电荷从A至B动能减少B正电荷在A
3、点的加速度大C从A至B，电场力对正电荷做负功D正电荷从A至B，电势能增加7（4分）有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，下列从图线中的判断错误的是（）A电阻A的阻值大于电阻BB电阻A的阻值小于电阻BC电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小8（4分）如图所示，给平行板电容器带一定的电荷后，将电容器的A板与静电计小球相连，并将B板与静电计的外壳接地下列说法正确的是（）A将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大B将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D用手触摸一下B极板，静电计指针的偏
4、转角将减小到零9（4分）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的vt图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）ABCD10（4分）如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向b端移动，则（）A电灯L更亮，安培表的示数变大B电灯L更亮，安培表的示数变小C电灯L变暗，安培表的示数变小D电灯L变亮，安培表的示数不变11（4分）如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V如果他把电压表改接在R2两端
5、，则电压表的示数将（）A大于4V小于8VB等于4VC小于4VD等于或大于8V12（4分）有两盏电灯泡L1和L2，用图中所示的两种方式连接到电路中，已知电压U相同，且两盏电灯均能发光，比较在甲、乙两个电路中电灯L1的亮度，则（）A甲图的电路中灯L1较亮B乙图电路中灯L1较亮C两个电路中灯L1一样亮D不知它们的额定电压和额定功率，无法判断二、填空题（共4小题，每个空格2分，共18分）13（4分）用多用电表测电阻（1）每次换挡后，需重新，再进行测量（2）如果表的指针偏转过大，为使测量比较精确，应将选择开关拨至倍率较（填“大”或“小”）的挡位上14（4分）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用毫米刻度
6、尺测出被测金属丝的长度L用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx（1）请写出测金属丝电阻率的表达式：=（用上述测量量的字母表示）（2）若实验中测量金属丝的直径时，螺旋测微器的示数如图所示，则金属丝直径的测量值为d=mm15（4分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g和h按甲图所示方式连接好电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零闭合开关后：（1）若不管怎样调节滑动变阻器，小电珠亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是导线断路（2）某同学测出电源和小电珠的UI图线如乙图所示，将小电珠和电阻R串联后接到电源
7、上，要使电路中电流为1.0A，则R=16（6分）在用伏安法测定电池的电动势和内阻的实验中，图甲是某一同学的实物连线图他连线有一处错误，只须去掉一根导线，就可改正此错，这根导线的编号是图乙是根据某次实验记录数据画出的UI图象，可得该电源的电动势E= V，内阻r=三、计算题（4小题，共34分，答题应写出主要的运算过程和必要的文字说明）17（8分）把一个电荷量q=106C的试探电荷，依次放在带正电的点电荷Q周围的A、B两处，如图所示，受到的电场力大小分别为FA=5103N，FB=3103N（1）求出A处的电场强度？（2）如果在B处放上另一个电荷量为q=105C的电荷C，求q受到的电场力的大小？18（
8、8分）如图所示，电源电动势为E=30V，内阻为r=1，电灯上标有“6V，12W”字样，直流电动机线圈电阻R=2若电灯恰能正常发光，求：（1）流过电灯的电流是多大？（2）电动机两端的电压是多大？（3）电动机输出的机械功率是多少19（9分）如图所示的电路中，电源电动势E=10V，电阻R1=2.5，R2=3，当电阻箱Rx调到3时，电流表的示数为2A（电表理想处理）求：（1）电源的内电阻；（2）调节电阻箱，使电流表的示数为1.6A时，电阻R2消耗的电功率20（9分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势E=24V，内电阻r=1，电阻R=15闭合开关S，待电路稳
9、定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间，小球恰能到达A板若小球带电荷量为q=1102C，质量为m=2102kg，重力加速度g=10m/s2，不考虑空气阻力求：（1）此时AB两板的电压U是多少？（2）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时？（3）此时电源的输出功率是多大？福建省四地六校联考2014-2015学年高二上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共12题，每小题4分，共48分）1（4分）下列说法正确的是（）A电场是假想的，并不是客观存在的物质B电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率C电流的方向就是电荷定向移动的方向D物体所带的电荷量只能
10、是元电荷e的整数倍考点：电流、电压概念；元电荷、点电荷；电场 分析：电荷在电场力作用下的定向移动形成电流，电荷的热运动是无规则运动，不能形成电流明确电场及元电荷的定义解答：解：A、电场是一种客观存在的特殊物质，故A错误；B、电流的传导速度为电场形成的速率，与自由电子的定向移动速率无关；故B错误；C、电流的方向是正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反；故C错误；D、所有带电物体所带的电荷量只能是元电荷e的整数倍；故D正确；故选：D点评：该题考查电流的形成原因，知道电荷在电场力作用下的定向移动形成电流，要明确传导速率与电荷定向移动速率的区别2（4分）下列正确描述正点电荷电场线的图示是（）
11、ABCD考点：电场线 分析：电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，电场线不相交不闭合本题依据电场线的这些特点即可正确解答解答：解：正点电荷周围的电场线从正电荷出发终止于无限远的直线，且电场线不闭合，因此BCD错误，A正确故选A点评：掌握电场线的基本性质以及各种电荷周围电场线的分布情况是将来解决复杂问题的基础，因此不可忽视，要加强练习3（4分）有二个完全相同的金属小球A、B，A球带电量为7Q，B球带电量为QA和B相距为R（R远大于小球直径），此时相互作用力大小为F，让A球和B球接触后放回原位，A和B间的相互作用力大小将变为（）ABCD考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：
12、两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小解答：解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为：F=k=当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量为+3q，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F，则F=k=，故选：D点评：解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分4（4分）关于下列电阻和电阻率的说法正确的是（）A把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻、电阻
13、率均变为原来的一半B由=可知，R，C所有材料的电阻率随温度的升高而增大D对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大考点：电阻率与温度的关系；电阻定律 专题：恒定电流专题分析：电阻决定式为：，可知电阻与导体电阻率，长度，横截面积有关电阻率：（1）物理意义：反映导体导电性能的物理量，是导体材料本身的属性（2）电阻率与温度的关系金属的电阻率随温度升高而增大；半导体的电阻率随温度升高而减小；超导体：当温度降低到绝对零度附近时，某些材料的电阻率突然减小为零，成为超导体解答：解：A、电阻决定式为：，可知把一根均匀导线分成等长的两段，则
14、每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材料有关，与其他因素无关，故电阻率不变，故A错误B、电阻率与材料和温度有关，与导体电阻，长度，横截面积都无关，故B错误C、电阻率与温度的关系金属的电阻率随温度升高而增大；半导体的电阻率随温度升高而减小；超导体：当温度降低到绝对零度附近时，某些材料的电阻率突然减小为零，成为超导体故C错误D、由电阻决定式为：，对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大，故D正确故选：D点评：明确电阻率由材料和温度决定，知道电阻率与电阻不同5（4分）关于电势的高低，下列说法正确的是（）A沿电场线方向电
15、势逐渐降低B电势降低的方向一定是电场线的方向C正电荷在只受电场力的作用下，一定向电势低的地方运动D带负电荷的小球，由静止释放，一定向电势高的地方运动考点：电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据推论：沿电场线方向电势逐渐降低；电势降低最快的方向才是电场强度的方向；正电荷只在电场力作用下从A移到B，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度；负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动解答：解：A、电场力做功WAB=UABq=Eqd，不妨设沿着电场线方向移动正电荷，则电场力做正功，所以UAB0，所以AB，所以沿着电场线方向电势逐渐降低故A正确B、沿着电场线方向
16、移动电势降低，但是电势降低的方向不一定是电场线的方向，电势降低最快的方向是场强的方向，故B错误C、正电荷只在电场力作用下从一点移到另一点，电荷不一定从高电势处向低电势处运动，还取决于电荷的初速度故C错误D、根据电场力做功的表达式WAB=UABq=Eqd，负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，电场力做正功，WAB0，q0，则UAB0，所以AB，即向电势高的地方运动故D正确故选：AD点评：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小6（4分）电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，一正电
17、荷在电场中只受电场力作用，则（）A正电荷从A至B动能减少B正电荷在A点的加速度大C从A至B，电场力对正电荷做负功D正电荷从A至B，电势能增加考点：电势差与电场强度的关系；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低同一电荷在电场强度大的地方受到的电场力大解答：解：A、正电荷从A至B，电场力做正功，动能增加，故A错误；B、A点电场线密，场强大，故正电荷在A点受到的电场力大，根据牛顿第二定律，加速度大，故B正确；C、正电荷从A至B，电场力做正功，故C错误；D、正电荷从A至B，电场力做正功，电势能减小，故D错误；故选：B点评：
18、本题考查对电场线物理意义的理解注意电场力做功等于电势能的减小量7（4分）有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，下列从图线中的判断错误的是（）A电阻A的阻值大于电阻BB电阻A的阻值小于电阻BC电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：IU图线斜率的倒数表示电阻的大小，根据图线的斜率比较电阻的大小串联时电流相等，根据P=I2R比较功率的大小解答：解：AB、因为电阻等于IU线斜率的倒数，所以电阻A的阻值小于电阻B，故A错误、B正确；C、根据欧姆定律，电压相同时，流过电阻A的电流强度较大，故C正确；D、根据功率的计算公式P=
19、I2R，两电阻串联时，电流相等，电阻大的消耗的功率大，故电阻A消耗的功率较小，故D正确本题选择错误的故选：A点评：解决本题的关键知道IU图线的斜率的倒数表示电阻，以及知道串并联电路的特点8（4分）如图所示，给平行板电容器带一定的电荷后，将电容器的A板与静电计小球相连，并将B板与静电计的外壳接地下列说法正确的是（）A将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大B将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：解答本题关键应根据：电容的决定式C
20、=分析电容的变化，抓住电容器的电量不变，由电容的定义式C=分析电压的变化，即可判断静电计指针偏转角的变化解答：解：A、将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小故A错误B、将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大故B错误C、将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可
21、知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小故C正确D、用手触摸一下B极板，电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变故D错误故选C点评：本题是电容器的动态变化分析问题，关键由电容的决定式C=和电容的定义式C=结合分析9（4分）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的vt图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）ABCD考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件 专题：电场力与电势的性质专题分析：vt图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中vt图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根
22、据电场线与电场强度的关系可得出正确结果解答：解：由vt图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确故选C点评：本题结合vt图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性10（4分）如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向b端移动，则（）A电灯L更亮，安培表的示数变大B电灯L更亮，安培表的示数变小C电灯L变暗，安培表的示数变小D电灯L变亮，安培表的示数不变考点：闭合电路的欧姆定律
23、 专题：恒定电流专题分析：由滑动变阻器的滑片向b端移动得到电阻R1的变化情况，得到整个外电阻的变化情况后，再根据闭合电路欧姆定律得到干路电流的变化情况，由U=EIr判断路段电压变化情况，即可判断电灯亮度的变化解答：解：滑动变阻器的滑片向b端移动时，电阻R1变大，故整个外电阻变大，根据闭合电路欧姆定律，有：I=，得干路电流减小，故安培表的示数变小；路端电压U=EIr变大，故电灯泡变得更亮；故B正确故选：B点评：本题关键是由局部电阻的变化得到总电阻变化，根据闭合电路欧姆定律判断电流的变化情况，然后再分析各个局部电流和电压情况11（4分）如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V的
24、直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表的示数为8V如果他把电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A大于4V小于8VB等于4VC小于4VD等于或大于8V考点：串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：电压表的内阻不是远大于R1 R2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数解答：解：电压表接在R1两端，电压表的示数8V，则此时R2两端的电压为4V把此表改接在两端R2时，由于电压表的内阻不是远大于R1 R2，电压表与R2并联的阻值小于R2，而R1与并联部分串联，总电压U=12V，则R1的电压大于8V
25、，电压表与R2并联的电路的电压小于4V故选：C点评：本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻12（4分）有两盏电灯泡L1和L2，用图中所示的两种方式连接到电路中，已知电压U相同，且两盏电灯均能发光，比较在甲、乙两个电路中电灯L1的亮度，则（）A甲图的电路中灯L1较亮B乙图电路中灯L1较亮C两个电路中灯L1一样亮D不知它们的额定电压和额定功率，无法判断考点：电功、电功率；串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：由图可知，甲图中两灯泡串联，乙图中两灯泡并联，则可由欧姆定律及功率公式可表示出两种接法中L1所消耗的实际功率，实际功率越大灯
26、泡越亮解答：解：图甲中，两灯泡串联，由串联电路电压特点可知，L1两端电压小于电源电压；图乙中，两灯泡并联，纯并联电路两端电压等于电源电压，因此L1两端电压等于电源电压；又因为灯泡L1的电阻不变，因此由P=可得，并联电路中L1的实际功率大于串联电路中L1的实际功率，故图乙中L1更亮故选B点评：熟练掌握功率的计算公式，注意实际功率决定灯泡的明暗程度二、填空题（共4小题，每个空格2分，共18分）13（4分）用多用电表测电阻（1）每次换挡后，需重新欧姆调零，再进行测量（2）如果表的指针偏转过大，为使测量比较精确，应将选择开关拨至倍率较小（填“大”或“小”）的挡位上考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分
27、析：欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指在中央刻度线附近解答：解：（1）每次换挡后，需重新进行欧姆调零，再进行测量（2）如果表的指针偏转过大，说明所选挡位太大，为使测量比较精确，应将选择开关拨至倍率较小的挡位上故答案为：（1）欧姆调零；（2）小点评：本题考查了多用电表的使用方法及注意事项，掌握基础知识即可正确解题；应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指在中央刻度线附近；欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡14（4分）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用毫米刻度尺测出被测金属丝的长度L用螺旋测微器测
28、出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx（1）请写出测金属丝电阻率的表达式：=（用上述测量量的字母表示）（2）若实验中测量金属丝的直径时，螺旋测微器的示数如图所示，则金属丝直径的测量值为d=0.798（0.7960.799）mm考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）根据电阻定律求出电阻率的表达式；（2）根据螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数解答：解：（1）由电阻定律可知，金属丝电阻Rx=，则金属丝电阻率=；（2）由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为29.80.01mm=0.298mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0
29、.298m=0.798mm；故答案为：（1）；（2）0.796（0.7960.799）点评：本题考查了电阻定律的应用、刻度尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读15（4分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g和h按甲图所示方式连接好电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零闭合开关后：（1）若不管怎样调节滑动变阻器，小电珠亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是g导线断路（2）某同学测出电源和小电珠的UI图线如乙图所示，将小电珠和电阻R串联
30、后接到电源上，要使电路中电流为1.0A，则R=0.8考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）滑动变阻器采用分压接法时，电压表与电流表示数均可从零开始变化；滑动变阻器采用限流接法时，电压表与电流表示数不能从零开始变化（2）由图象求出电源的电动势与内阻，由图象求出电流为1A时灯泡两端电压，由欧姆定律求出此时灯泡电阻，最后由闭合电路的欧姆定律求出电阻阻值解答：解：（1）调节滑动变阻器，小电珠的亮度变化，但电压表、电流表示数总不能为零，说明滑动变阻器不起分压作用，滑动变阻器实际上接成了限流接法，由图甲所示电路图可知，可能是g导线断路（2）由图乙所示电源UI线可知，电源电动
31、势E=3.0V，电源内阻r=1；由图乙所示小电珠的UI图象可知，当电流为1.0A时，灯泡两端电压为1.2V，此时灯泡电阻RL=1.2，灯泡与电阻串联后接在电源两端，由闭合电路欧姆定律得I=，解得R=0.8；故答案为：（1）g；（2）0.8点评：滑动变阻器采用分压接法时，电压表与电流表示数可以从零开始变化，滑动变阻器采用限流接法时，电压表与电流表不能从零开始变化16（6分）在用伏安法测定电池的电动势和内阻的实验中，图甲是某一同学的实物连线图他连线有一处错误，只须去掉一根导线，就可改正此错，这根导线的编号是图乙是根据某次实验记录数据画出的UI图象，可得该电源的电动势E=3 V，内阻r=1考点：测定
32、电源的电动势和内阻 专题：实验题分析：根据实验原理图明确电路接法从而找出错误的导线；根据UI图的截距可求得电源的电动势；由斜率可求得内阻解答：解：由电路图可知，电流表串联在电路中，而图中多接了导线；由UI图可知，电源的电动势E=3V；内阻r=1；故答案为：；3；1点评：本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确电路图的连接及数据处理的方法三、计算题（4小题，共34分，答题应写出主要的运算过程和必要的文字说明）17（8分）把一个电荷量q=106C的试探电荷，依次放在带正电的点电荷Q周围的A、B两处，如图所示，受到的电场力大小分别为FA=5103N，FB=3103N（1）求出A处的电场强度？（2
33、）如果在B处放上另一个电荷量为q=105C的电荷C，求q受到的电场力的大小？考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：正点电荷产生的场强方向沿OA、OB方向指向外，负电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反，根据电场强度的定义式求出A、B两点的电场强度的大小，再根据F=Eq求解电场力解答：解：（1）A处场强的大小为EA=5103 N/C，方向右Q指向A；（2）B处场强的大小EB=3103 N/C则q受到的电场力的大小FN答：（1）A处的电场强度大小为5103 N/C，方向右Q指向A；（2）q受到的电场力的大小为3102N点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式，知道电场强度的方向与正电荷
34、所受电场力方向相同，与负电荷所受的电场力方向相反18（8分）如图所示，电源电动势为E=30V，内阻为r=1，电灯上标有“6V，12W”字样，直流电动机线圈电阻R=2若电灯恰能正常发光，求：（1）流过电灯的电流是多大？（2）电动机两端的电压是多大？（3）电动机输出的机械功率是多少考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁学分析：（1）电灯正常发光时，其电压等于额定电压，功率等于额定功率由功率公式求解电流I（2）由闭合电路的欧姆定律，可得M两端的电压（3）电动机输出的机械功率P出=P总P热解答：解：（1）灯泡L正常发光，电路中的电流为I=2A；（2）由闭合电路的欧姆定律可知，电动机的电压为
35、UM=UIrUL=30V21V6V=22V；（3）电动机的总功率为P总=IUM=222=44W，电动机的热功率为P热=I2R=222=8W，所以电动机的输出功率为P出=P总P热=448=36W答：（1）流过电灯的电流是2A；（2）电动机两端的电压是24V；（3）电动机输出的机械功率是36W点评：本题是含有电动机的电路，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，不能用闭合电路欧姆定律求解电路中的电流I19（9分）如图所示的电路中，电源电动势E=10V，电阻R1=2.5，R2=3，当电阻箱Rx调到3时，电流表的示数为2A（电表理想处理）求：（1）电源的内电阻；（2）调节电阻箱，使电流表的示数为1.6
36、A时，电阻R2消耗的电功率考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，R2和Rx并联电阻阻值为R并=由闭合电路欧姆定律有E=I（R+r）求内阻；先根据电路的串并联关系求得电阻R2两端的电压，由公式可求得电功率大小，解答：解：（1）R2和Rx并联电阻阻值为R=1.5，电路外电阻电阻为R=R并+R1=4，由闭合电路欧姆定律有E=I（R+r），解得：r=1，（2）电流表示数为1.6A，电源内阻分压为U内=Ir=1.6V，R1电压为U1=IR1=4V，R2两端电压为U=EU内U1=4.4V，所以R2功率P2=W=0.59W答：（1）电源的内电阻r=1 （2）调节电阻箱，
37、使电流表的示数为1.6A时，电阻R2消耗的电功率P2=0.59W点评：本题考查闭合电路欧姆定律的应用和纯电阻电功率P=20（9分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势E=24V，内电阻r=1，电阻R=15闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间，小球恰能到达A板若小球带电荷量为q=1102C，质量为m=2102kg，重力加速度g=10m/s2，不考虑空气阻力求：（1）此时AB两板的电压U是多少？（2）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时？（3）此时电源的输出功率是多大？考点：带电粒子在混合场中的运动；动能
38、定理；闭合电路的欧姆定律 分析：（1）对小球分析，由动能定理可求得电容器两板间的电势差；（2）电容器与RP并联，则电容器两端的电压等于RP两端的电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电流，再由欧姆定律可求得滑动变阻器接入电阻；（3）由功率公式可求得电源的输出功率解答：解：（1）对小球从B到A，有VA=0；则由动能定理可得：qUABmgd=0mv02得：UAB=8V；（2）由闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+r）+UAB解得：I=1A；则有：RP=8；（3）电源的输出功率等于外电路上消耗的功率，故电源的输出功率：P出=I2（R+RP）=1（15+8）=23W答：（1）此时AB两板的电压U是8V；（2）滑动变阻器接入电路的阻值为8；（3）电源的输出功率为23W点评：本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路，要明确电容的性质，知道电容器两端的电压等于与之并联的电阻两端的电压
