收藏 分享(赏)

2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt

上传人:高**** 文档编号:148994 上传时间:2024-05-25 格式:PPT 页数:30 大小:1.13MB
下载 相关 举报
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第1页
第1页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第2页
第2页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第3页
第3页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第4页
第4页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第5页
第5页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第6页
第6页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第7页
第7页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第8页
第8页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第9页
第9页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第10页
第10页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第11页
第11页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第12页
第12页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第13页
第13页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第14页
第14页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第15页
第15页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第16页
第16页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第17页
第17页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第18页
第18页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第19页
第19页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第20页
第20页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第21页
第21页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第22页
第22页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第23页
第23页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第24页
第24页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第25页
第25页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第26页
第26页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第27页
第27页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第28页
第28页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第29页
第29页 / 共30页
2020-2021学年人教A版数学选修1-2课件:第二章 推理与证明 全章素养整合 .ppt_第30页
第30页 / 共30页
亲,该文档总共30页,全部预览完了,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、全章素养整合构网络提素养链高考章末检测(二)类型一 合情推理归纳推理和类比推理是常用的合情推理,都是根据已有的事实,经过观察、分析、比较、联想,再进行归纳类比,然后提出猜想的推理从推理形式上看,归纳推理是由部分特殊的对象得到一般性的结论的推理方法,它在科学研究或数学学习中有着重要的作用,有助于新发现;类比推理是由特殊到特殊的推理,它以比较为基础,有助于启迪思维、触类旁通、拓宽知识、发现命题等合情推理的结论不一定正确,有待于证明典例 1(1)观察下列不等式:1 12232,1 122 13253,1 122 132 14274,照此规律,第五个不等式为_解析 第 n(n1,2,3)个不等式的左边

2、为前 n1 个正整数平方的倒数和,右边分母为n1,分子为 2n1,故第五个不等式为 1 122 132 142 152 162116.答案 1 122 132 142 152 162ccm.证明 要证明aambbmccm,只需证明aambbmccm0 即可aambbmccmabmcmbamcmcambmambmcma0,b0,c0,m0,(am)(bm)(cm)0,a(bm)(cm)b(am)(cm)c(am)(bm)abcabmacmam2abcabmbcmbm2abcbcmacmcm22abmam2abcbm2cm22abmabc(abc)m2,ABC 中任意两边之和大于第三边,abc0,

3、(abc)m20,2abmabc(abc)m20,aambbmccm.跟踪训练 2.设 a0,b0,ab1,求证:1a1b 1ab8.试用综合法和分析法分别证明证明:法一(综合法):a0,b0,ab1,1ab2 ab,ab12,ab14,1ab4.又1a1b(ab)1a1b 2baab4,1a1b 1ab8(当且仅当 ab12时等号成立)法二(分析法):a0,b0,ab1,要证1a1b 1ab8,只要证1a1b abab 8,只要证1a1b 1b1a 8,即证1a1b4.也就是证aba abb 4.即证baab2,由基本不等式可知,当 a0,b0 时,baab2 成立,所以原不等式成立类型三

4、反证法(1)反证法是一种间接证明的方法,它的理论基础是先否定命题,然后再证明命题的否定是错误的,从而肯定原命题正确,它反映了“正难则反”的思想(2)反证法着眼于命题的转换,改变了研究的角度和方向,使论证的目标更为明确,由于增加了推理的前提原结论的否定,更易于开拓思路,因此对于直接论证较为困难的时候,往往采用反证法证明所以反证法在数学证明中有着广泛的应用典例 3 设an是公比为 q 的等比数列(1)推导an的前 n 项和公式;(2)设 q1,证明数列an1不是等比数列解析(1)设an的前 n 项和为 Sn,当 q1 时,Sna1a1a1na1;当 q1 时,Sna1a1qa1q2a1qn1,qS

5、na1qa1q2a1qn,得(1q)Sna1a1qn,Sna11qn1q,Snna1,q1,a11qn1q,q1.(2)证明:假设an1是等比数列,则对任意的 kN*,(ak11)2(ak1)(ak21),a2k12ak11akak2akak21,a21q2k2a1qka1qk1a1qk1a1qk1a1qk1,a10,2qkqk1qk1.q0,q22q10,q1,这与已知矛盾假设不成立,故an1不是等比数列跟踪训练 3.已知函数 f(x)在 R 上是增函数,a,bR.(1)求证:如果 ab0,那么 f(a)f(b)f(a)f(b);(2)判断(1)中的命题的逆命题是否成立,并证明你的结论解析:

6、(1)证明:当 ab0 时,ab 且 ba.f(x)在 R 上是增函数,f(a)f(b),f(b)f(a),f(a)f(b)f(a)f(b)(2)(1)中命题的逆命题为“如果 f(a)f(b)f(a)f(b),那么 ab0”,此命题成立用反证法证明如下:假设 ab0,则 ab,f(a)f(b)同理可得 f(b)f(a)f(a)f(b)f(a)f(b),这与 f(a)f(b)f(a)f(b)矛盾,故假设不成立,ab0 成立,即(1)中命题的逆命题成立1.(2018高考全国卷)如图,在三棱锥 P-ABC 中,ABBC2 2,PAPBPCAC4,O 为 AC 的中点(1)证明:PO平面 ABC;(2

7、)若点 M 在棱 BC 上,且 MC2MB,求点 C 到平面 POM 的距离解析:(1)证明:因为 APCPAC4,O 为 AC 的中点,所以 OPAC,且 OP2 3.连接 OB.因为 ABBC 22 AC,所以ABC 为等腰直角三角形,且 OBAC,OB12AC2.由 OP2OB2PB2知,OPOB.由 OPOB,OPAC 知 PO平面 ABC.(2)作 CHOM,垂足为 H.又由(1)可得 OPCH,所以 CH平面 POM.故 CH 的长为点 C 到平面 POM 的距离由题设可知 OC12AC2,CM23BC4 23,ACB45.所以 OM2 53,CHOCMCsinACBOM4 55.

8、所以点 C 到平面 POM 的距离为4 55.2(2018高考全国卷)已知斜率为 k 的直线 l 与椭圆 C:x24 y231 交于 A,B 两点,线段 AB 的中点为 M(1,m)(m0)(1)证明:k12;(2)设 F 为 C 的右焦点,P 为 C 上一点,且FPFAFB 0.证明:2|FP|FA|FB|.解析:(1)证明:设 A(x1,y1),B(x2,y2),则x214 y2131,x224 y2231.两式相减,并由y1y2x1x2k 得x1x24y1y23k0.由题设知x1x221,y1y22m,于是 k 34m.由题设得 0m32,故 k12.(2)证明:由题意得 F(1,0)设 P(x3,y3),则(x31,y3)(x11,y1)(x21,y2)(0,0)由(1)及题设得 x33(x1x2)1,y3(y1y2)2m0.又点 P 在 C 上,所以 m34,从而 P1,32,|FP|32.于是|FA|x112y21x11231x214 2x12.同理可得|FB|2x22.所以|FA|FB|412(x1x2)3.故 2|FP|FA|FB|.考查点:综合法、分析法章末检测(二)

展开阅读全文
相关资源
猜你喜欢
相关搜索

当前位置:首页 > 幼儿园

网站客服QQ:123456
免费在线备课命题出卷组卷网版权所有
经营许可证编号:京ICP备12026657号-3