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《名校》理科数学-全国2020年高三6月大联考考后强化卷(新课标Ⅰ卷)(全解全析) PDF版缺答案.pdf

上传人:高**** 文档编号:13011 上传时间:2024-05-23 格式:PDF 页数:9 大小:425.88KB
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1、理科数学全解全析第 1页(共 9页)全国名校 2020 年高三 6 月大联考考后强化卷(新课标卷)理科数学全解全析123456789101112CCDACACCDBBB1C【解析】因为集合 A=x|3x+1|4=x|513x,B=x|log2x3=x|00,所以 m1,因为430log 2log 21,20.51,所以 ab0 时,g(x)g(0)=0,所以当 x0 时,f(x)=xg(x)0,且 f(x)单调递增,故排除 C、D,故选 A7C【解析】由题意,12CN AB()CACMAB112()2ACCBAB(212)1ACABACAB12()1322ABACAB21344ABAB AC

2、213915223cos1443224 故选 C8C【解析】由题意,作出不等式组表示的平面区域,如图中阴影部分所示目标函数 z=ax+y 可化为yaxz,因为 y=ax+z 表示斜率为a 的直线,且a0,由图象可知,当 y=ax+z 经过点 C 时,z 取理科数学全解全析第 2页(共 9页)到最大值,由22010 xyxy ,解得43xy,即 C 点坐标为(4,3),代入 5=ax+y,得12a 故选 C9D【解析】由乙说:“丁未完成作业,与丁说:“我完成作业了”,可知乙和丁有一人说谎,则甲、丙说的真话,可知丙完成作业了,丁未完成作业,进而可以判断丁说了谎话故选 D10B【解析】因为AMB=6

3、0,|AMBM,所以AMB 为正三角形,记圆 M 的半径为 r,则圆心 M到直线 AB 的距离32dr,由 23OBAB,得|32|OBr,故|2rOA 又因为|OMa,所以由勾股定理得,2223()2 rra,解得27ar,所以点 M(a,0)到直线 bxay=0 的距离为223227abaab,化简可得2234ba,所以22712cbeaa故选 B11B【解析】g(x)=x2ex 的导函数为 g(x)=2xex+x2ex=x(x+2)ex,可得 g(x)在1,0上单调递减,在(0,1上单调递增,故 g(x)在1,1上的最小值为 g(0)=0,最大值为 g(1)=e,所以对于任意的2 1,1

4、x ,2()0,eg x易得函数 f(x)=x2+a 在12,2上的值域为a4,a,且函数 f(x)在1 1,2 2上的图象关于 y 轴对称,在(12,2上,函数()f x 单调递减由题意,得0 e4a,,1)4a,可得 a40e0),由抛物线的定义可知,|PF|=m+1,因此有 m+1=3m,解得12m 故答案为 12 1442【解析】根据题意,将 6 人随机安排到三天值班,每天安排 2 人,每人值班 1 天,有222642C C C90(种)安排方法;其中甲值 26 日的安排方法有1254C C30(种),同理乙值 27 日的安排方法也有1254C C30(种),甲值 26 日且乙值 27

5、 日的安排方法有1143C C12(种),则不同的安排方法有 9030301242(种),故答案为 4215 3【解析】因为222abcab,所以 cosC2221222abcababab因为 C(0,),所以3C,因为 A6,c=3,由3sinsin63a,得 a13323332故答案为3 16(,0【解析】由题意,22(1)(1)()22(1)(0)xaxf xaxaxxx,当 a0 时,()0f x,函数 f(x)在(0,+)上单调递减,又 x0 时,f(x)+,x+时,f(x),故此时函数 f(x)必存在一个零点,符合题意;当0a 且1a 时,令()0f x,解得10 xa,令()0f

6、 x,解得1xa,所以函数 f(x)在1(0)a,上单调递减,在 1()a ,上单调递增若 0a1,则111()12ln0f aaa,此时函数 f(x)无零点,不符合题意综上,实数 a 的取值范围为(,0故答案为(,017(12 分)【解析】(1)因为11(2)nnnaaa,所以112nnnnaa aa,所以111nnaa 2,当 n=1 时,有112(21)aaa,因为213a,所以11a ,(3 分)所以数列1na是首项为 1,公差为 2 的等差数列,所以 Sn=n(1)2n n 2=n2(5 分)(2)由(1)知 1na 1+2(n1)=2n1,所以 an121n因为121111()(2

7、1)(23)2 2123nnnbaannnn,(8 分)所以12nT(1135)+(1157)+(112123nn)12(11323n)16(12 分)18(12 分)【解析】(1)如图,连接 AC,交 BF 于 G,连接 EG,因为 PA平面 BEF,PA平面 PAC,平面 PAC平面 BEF=EG,所以 PAEG,又 E 为 PC 的中点,所以 G 为 AC 的中点,(2 分)又 BCAF,所以AFGCBG,所以 AF=BC12AD=1(3 分)所以 F 为 AD 的中点,因为 BCFD,且 BC=FD,所以四边形 DCBF 为平行四边形,因为 ADDC,所以 BFAD,(4 分)又 BF

8、平面 ABCD,平面 PAD平面 ABCD,平面 PAD平面 ABCD=AD,所以 BF平面 PAD,又 BF平面 BEF,所以平面 BEF平面 PAD(6 分)(2)如图,连接 PF,因为 PA=PD,F 为 AD 的中点,所以 PFAD,又 PF平面 PAD,平面 PAD平面 ABCD,平面 PAD平面 ABCD=AD,理科数学全解全析第 5页(共 9页)所以 PF底面 ABCD,又 BFAD,所以以 F 为坐标原点,分别以 FA,FB,FP 所在直线为 x,y,z 轴建立空间直角坐标系(7 分)则 B(0,1,0),C(1,1,0),设 P(0,0,t)(0t),则(1,1,)CPt,取

9、平面 ABCD 的一个法向量1(0,0,1)n,因为 PC 与底面 ABCD 所成的角为 60,所以11|CPCPnn=sin60,即2322tt,解得 t6(9 分)所以 P(0,0,6),E(12,12,62),所以1 16(,)2 22FE ,(0,1,0)FB,设平面 EBF 的法向量为2()xyz,n,由2200FEFBnn,得11602220 xyzy,令 z=1,得平面 EBF 的一个法向量2(6,0,1)n设二面角 EBFA 的平面角为,则|cos|1212|7|7nnnn,(11 分)又为钝角,所以 cos77 ,即二面角 EBFA 的余弦值为77(12 分)19(12 分)

10、【解析】(1)设椭圆 C 的半焦距长为 c,由题意,32ca,设 P(x,y),则12|F PFSc y,因为|yb,所以123F PFSbc,(2 分)理科数学全解全析第 6页(共 9页)又222abc,联立,解得213abc (负值舍去)所以椭圆 C 的标准方程为2214xy(4 分)(2)设直线 MN 的方程为 x=ny+m(n0),联立2214xnymxy,消去 x,整理得222(4)240nymnym,所以222244(4)(4)0m nnm,且21212222444mnmyyy ynn,(6 分)因为关于 x 轴对称的两条不同直线 l1,l2 的斜率之和为 0,即1212044yy

11、xx,即1212044yynymnym,整理,得1212122()4()0ny ym yyyy,即222222(4)280444n mm nmnnnn,解得 m=1(8 分)所以直线 MN 的方程为 x=ny+1,所以直线 MN 过定点 B(1,0)(9 分)又221212122222222224(3)311|()4444(4)4(44)nnyyyyy ynnnnn,令214tn,所以1(0,)4t,所以212|4(0,3)yytt,又1212133 3|(0)222SAByyyy,(12 分)20(12 分)【解析】(1)若1m ,则2()lnf xxxx,定义域为(0,+),2121(21

12、)(1)()21xxxxf xxxxx,(2 分)当 x(0,1)时,()0f x;当 x(1,+)时,()0f x,所以函数()f x 在(0,1)上单调递减,在(1,+)上单调递增,所以min()f x=f(1)=0,所以 f(x)0(4 分)理科数学全解全析第 7页(共 9页)(2)由题意,2()8lng xxxmx,x(0,+),228()28mxxmg xxxx,故1x,2x(12xx)是方程2280 xxm的两个不相等的正实数根,所以 0m8,由12121242xxmx xxx,可得111022(4)xmxx,从而问题转化为当 x1(0,1)(1,2)时,1111ln(4)(1)1

13、m xtxxx 恒成立,(6 分)即1111112(4)ln(4)(1)1xxxtxxx恒成立,所以11112 ln(1)1xxt xx11112 ln(1)01xxt xx,即211111(1)2ln01xt xxxx,令2(1)()2ln(0,2)t xh xxxx,则222()(0,2)txxth xxx,(8 分)()当 t0 时,()0h x,则 h(x)在(0,2)上为增函数,且 h(1)=0,所以当 x1(0,1)(1,2)时,式不恒成立(9 分)()当 t0 时,令220txxt,则244t,若0,即1t ,则()0h x,所以函数()h x 在(0,2)上为减函数,且 h(1

14、)=0,111xx与21111(1)()2lnt xh xxx在区间(0,1)及(1,2)上同号,故当 x1(0,1)(1,2)时,式恒成立(10 分)若0,即1t0,则 y=tx2+2x+t 的对称轴为11xt ,令1min2nt,则当 1x0,不符合题意(11 分)综上,实数 t 的取值范围为(,1(12 分)21(12 分)【解析】(1)由已知过滤效率服从 N(0.97,90.25106),2=(9.5103)2,所以=9.5103=0.0095,则 0.9360.951)=P(Y0.9720.0095)=1(0.9720.972)0.95440.50.9772222PY(7 分)设这

15、1000 只口罩中的优质品的件数为 X,依题意 XB(1000,0.9772),记1000n,0.9772p,则 P(X=k)3C(1)(0,1,2,10)kkn kn ppk,因为这 1000 只口罩中有 k 件优质品的可能性最大,所以111111C(1)C(1)C(1)C(1)kkn kkkn knnkkn kkkn knnpppppppp ,(10 分)整理得1111ppknkppnkk ,所以(1)1(1)npknp,即1001 0.977211001 0.9772k,解得 k=978所以非负正整数 k 的值为 978(12 分)22选修 44:坐标系与参数方程(10 分)【解析】(1

16、)曲线 C1 的极坐标方程为=r(常数 r0),两边平方,得22r,将222xy 代入,得曲线 C1 的直角坐标方程为 x2+y2=r2(2 分)曲线 C2 的参数方程为22(1)31txtyt (t 为参数),整理得1322(1)31xtty ,消去参数t,得曲线 C2 的普通方程为1210()2xyx(5 分)(2)联立222210 xyrxy,消去 y,整理得225410 xxr,若曲线 C1、C2 有两个不同的公共点,则221620(1)2040rr,因为 r0,所以解得55r,(8 分)因为曲线 C2 是不经过 1(,0)2的直线,当曲线 C1 经过 1(,0)2时,12r,所以 r

17、 的取值范围为5 11()()522 ,(10 分)23选修 45:不等式选讲(10 分)【解析】(1)当 a=2 时,f(x)1 即|2x1|2x+1|1,(1 分)理科数学全解全析第 9页(共 9页)当12x 时,不等式即 2x12x1=21,不成立;当1122x时,不等式即 12x2x1=4x1,解得14x ,所以1124x;当12x 时,不等式即 12x+2x+1=21,恒成立(4 分)综上,所求不等式的解集为1()4,(5 分)(2)当 x(1,2)时,不等式 f(x)1x 可化为 2x1|ax+1|1x,所以 3x2|ax+1|,所以 23xax+13x2,所以 1333axx,(8 分)因为13yx在(1,2)上是减函数,所以 153(2)2x ,;因为33yx在(1,2)上是增函数,所以333(0)2x,所以2a0,即实数 a 的取值范围为2,0(10 分)

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