1、新疆巴音郭楞蒙古自治州第二中学2021届高三物理上学期第二次摸底考试试题本试卷满分100分，考试时间100分钟，共6页注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分.18小题只有一个选项符合要求，选对得4分，选错得0分；912小题有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1(本题4分)如图所示，是一个半径为R的中国古代八卦图，中央S部分是两个半圆，练功人从A点出发沿实线进行(不能重复)，在最后又到达A点。求在整个过程中，此人所经过的最小路程和最大位移分别为（）A0；0 B2R；2R
2、C(32)R；2RD(2)R；2R2(本题4分)水平桌面上有一个物体，下列说法正确的是（ ）A物体对桌面的压力就是物体的重力B物体受到支持力是因为物体的下表面发生了弹性形变C物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对作用力和反作用力D物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对平衡力3(本题4分)已知物体在F1、F2、F3，三个共点力的作用下处于平衡状态，若F1=20 N，F2=28 N，那么F3的大小可能是（ ）A40 NB70 NC100 ND6 N4(本题4分)用两根能承受的最大拉力相等，长度不等的细绳 AO、BO，如图所示悬挂一个中空铁球， 当在球内不断注入铁砂时，若绳子终将被拉断，则（
3、 ）AAO 段先断 BBO 段先断CAO、BO 同时被拉断 D条件不足，无法判断5(本题4分)两物体在不同高度自由下落，同时落地，第一个物体下落时间为，第二个物体下落时间为，当第二个物体开始下落时，两物体相距（ ）ABCD6(本题4分)如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面，质量为2kg的物体B用细线悬挂，A、B间相互接触但无压力。取。某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间（）AB对A的压力大小为12NB弹簧弹力大小为20NCB的加速度大小为DA的加速度为零7(本题4分)设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为s.现有四个不同物体的运动图象如图所示，假设物体在t0时的速度均为零，则其中
4、表示物体做单向直线运动的图象是( )ABCD8(本题4分)质量为M的人站在地面上，用绳通过定滑轮将质量为m的重物从地面向上拉动，如图所示，若重物以加速度a上升，则人对地面的压力为（）ABCD9(本题4分)几个水球可以挡住一颗子弹？国家地理频道的实验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则下列判断正确的是()A子弹在每个水球中的速度变化相同B子弹在每个水球中运动的时间不同C每个水球对子弹的冲量不同D子弹在每个水球中的动能变化相同10(本题4分)甲、乙从同一地点同一时刻沿同一方向做直线运动其速度图象如图所示，由此可以判
5、断()A前10 s内甲的速度比乙的速度大，后10 s内甲的速度比乙的速度小B前10 s内甲在乙前，后10 s乙在甲前C20 s末两车相遇D相遇前，在10 s末两车相距最远11(本题4分)如图，柱体的横截面是圆心角为的扇形面，其弧形表面光滑，而与地面接触的下表面粗糙；在光滑竖直墙壁与柱体之间放置一质量为的球体，系统处于平衡状态若使柱体向左移动稍许，系统仍处于平衡状态，则：A球对墙的压力增大B柱体与球之间的作用力增大C柱体所受的摩擦力减小D柱体对地面的压力减小12(本题4分)质量为的木块，在推力的作用下沿水平地面做匀速直线运动。已知木块与地面间的动摩擦因数为，那么木块受到的滑动摩擦力的值应为（）A
6、BCD二、实验题(共12分)13(本题6分)某同学做“验证力的平行四边形定则”实验如图甲，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图。(1)按照正确的操作，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_（填F或F）；(2)本实验采用的科学方法是_；A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法(3)关于本实验，下列说法正确的是_。A两细绳必须等长B弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应与木板平行C两次拉伸橡皮筋，只要使橡皮筋伸长到相同长度即可D拉橡皮筋的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些14(本题6分)“探究加
7、速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图所示(1)进行该实验时，应控制好小车质量M与砝码盘和砝码总质量m的关系，使它们满足_的关系 (2)某同学在实验中忘记平衡摩擦力，并做出了a-F图，其得到的图象是：（_） (3)该同学在实验中打出了一条纸带如图所示计时器打点的时间间隔为0.02 s从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离则该小车的加速度a_ m/s2.(结果保留三位有效数字)三、解答题(共40分)15(本题8分)某公路上汽车驾驶员以=20m/s的速度匀速行驶，突然发现距离前方=120m处 有_障碍物，该驾驶员立即操纵刹车，直至汽车开始减速所经历的时间(即反应时
8、间),刹车后汽车以大小为的恒定加速度运动，最终停止.求：(1)刹车后汽车减速运动的时间t； (2)该汽车停止时到障碍物的距离L；(3)欲使该车不会撞到障碍物，汽车安全行驶的最大速度 .16(本题10分)所受重力G18 N的物块悬挂在绳PA和PB的结点上PA偏离竖直方向37角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2100 N的木块上，木块静止于倾角为37的斜面上，如图所示，试求：(sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10 m/s2)(1)木块与斜面间的摩擦力大小；(2)木块所受斜面的弹力大小17(本题10分)如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角，皮带在电动机的带动下，始终保持的速
9、率运动现把一质量为的工件（可视为质点）轻轻放在皮带的底端，经时间，工件被传送到的高处，取，求：（1）工件与皮带间的动摩擦因数；（2）工件相对传送带运动的位移18(本题12分)如图所示，质量的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力当小车向右运动的速度达到时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计、质量为的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数，小车足够长求：（1）放上小物块后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？（3）从小物块放在小车上开始，经过小物块通过的位移大小为多少？（取）巴州二中2020-2021学年度第一学期开学第二次摸底考试一、单选题(共32分)1.【答
10、案】D【解析】路程是指物体所经过的路径的长度， 如果练功人从点出发沿部分实线行走，最后又到达点，在这个过程中的最小路程应是当人离点最远的时候，位移最大，所以当人在点的时候，离点最远，此时的位移最大为，故ABC错误，D正确。故选D。2【答案】C物体静止在桌面上，受重力和支持力而平衡；物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是作用力与反作用力。【详解】A.物体静止在水平桌面上，对水平桌面的压力大小等于物体的重力，由于压力与重力的施力物体和受力物体都不同，不能说压力就是重力，故A错误；B.物体受到的支持力是因为桌面的上表面发生了弹性形变，故B错误；CD.桌面对物体的支持力与物体对桌面的压力是物体与桌面间
11、的相互作用力，是一对作用力和反作用力，故C正确，D错误。故选：C。3【答案】A和的合力取值范围：，代入数据得8NF48N，40N在合力范围内，即的大小可能是40N，选项A正确，BCD错误；故选A【点睛】题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线4【答案】B【解析】试题分析：物体对O点拉力等于物体重力，此力有两个效果：一是使AO绳拉紧；二是使BO绳拉紧按效果把物体对O点的拉力分解，如图：通过作图可得AO绳受的力小于BO绳受的力当重力逐渐增大，BO绳先达到最大拉力，BO绳先断故A.C.D错误，B正确故选B考点：本题考查了共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用5
12、【答案】D第二个物体在第一个物体下落后开始下落，此时第一个物体下落的高度根据，知第一个物体和第二个物体下落的总高度分别为，两物体未下落时相距所以当第二个物体开始下落时，两物体相距，故D正确，A.B.C错误6【答案】A【解析】AC剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力剪断细线的瞬间，对整体分析，整体加速度 隔离对B分析解得， 根据牛顿第三定律可知B对A的压力为， C错误A正确；B细线剪断瞬间弹簧还没有来得及恢复形变，弹力大小不变，即为，B错误；D细线剪断瞬间，整体的加速度相同，均为，D错误。故选A。7【答案】C【解析】A.图中，物体在02 s速度为正，沿规定的正方向运动；物体在24 s速度为负
13、，沿规定正方向的反方向运动；物体不是做单向直线运动，选项A不符合题意B.图中物体在01 s内位移增大，沿规定的正方向运动；物体在12 s位移减小，沿规定正方向的反方向运动；物体不是做单向直线运动，选项B不符合题意C.图中物体在在01 s内做匀加速运动，沿规定的正方向运动；物体在12 s做匀减速运动，第2 s速度恰好变成0，在12 s内做速度减小的正方向运动然后重复上面的过程，物体做单向直线运动，选项C符合题意D.图中物体在在01 s内做匀加速运动，沿规定的正方向运动；物体在12 s做匀减速运动，第2 s速度恰好变成0，在12 s内做速度减小的正方向运动；物体在在23 s内做反方向的匀加速运动，
14、沿规定正方向的反方向运动，物体不是做单向直线运动，选项D不符合题意。8【答案】A【解析】以物体为研究对象，根据牛顿第二定律得 ，解得绳子的拉力再以人为研究对象，根据平衡条件得地面对人的支持力为根据牛顿第三定律得知，人对地面的压力大小 故A正确，BCD错误。二、多选题(共16分)9【答案】BCD【解析】A. 设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动因为通过最后1个、最后2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d,2d,3d和4d,根据x= 知，所用时间之比为1:2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；子弹在水球中沿水
15、平方向做匀变速直线运动，所以加速度相同，由v=at可知，运动的时间不同，则速度的变化量不同；故A错误，B正确；C. 根据冲量的定义：I=Ft，受力是相同的，运动的时间不同，所以每个水球对子弹的冲量不同故C正确；D. 根据动能定理：EK=W=Fd，受力是相同的，运动的位移相同，所以子弹受到的阻力对子弹做的功相等，所以子弹在毎个水球中的动能变化相同故D正确故选BCD10【答案】ACD【解析】A.由图线可看出，前10s内甲的速度比乙的速度大，后10s内甲的速度比乙的速度小故A正确；B.根据图线与坐标轴所围“面积”看出，在20s内甲的位移总大于乙的位移，两车又是从同一地点沿同一方向做直线运动，说明甲一
16、直在乙的前方故B错误；C.由图线与坐标轴所围“面积”看出，20s末两车位移相等，说明20s末两车相遇故C正确；D.在前10s内甲的速度比乙的速度大，两车的距离逐渐增大；后10s内甲的速度比乙的速度小，两车距离减小，则在10s末两车相距最远故D正确故选ACD。11【答案】AB【解析】先对球受力分析，受重力、对球的支持力和墙壁对球的支持力，如图所示，根据共点力平衡条件有：，再对整体受力分析，受重力、地面支持力、墙壁对其向左的支持力和地面对其向右的摩擦力，如图所示，根据共点力平衡条件，有：，故有：，若使柱体向左移动稍许，系统仍处于平衡状态，不断变大，故变大，不变，变大，变大，故选项A、B正确，C、D
17、错误12.【解析】【分析】由题可知本题考查力的平衡与滑动摩擦力的计算。【详解】木块做匀速直线运动时受到四个力的作用：重力、推力、支持力和摩擦力，规定水平向右为轴正方向，竖直向上为轴正方向，建立直角坐标系，受力分析由于木块做匀速直线运动，所以在轴上向左的力等于向右的力（水平方向二力平衡），在轴上，向上的力等于向下的力（竖直方向力平衡），即 又因为 所以有 所以BD正确，AC错误。 故选BD。第II卷（非选择题）三、实验题(共12分)13【答案】F B BD 【解析】(1)1F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹
18、簧称的拉力效果相同，测量出的合力，则方向一定沿AO方向的是F；(2)2本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故选B；(3)3A细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长，故A错误；B为了减小误差，弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应与木板平行，故B正确；C该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，则橡皮筋沿同一方向拉长到同一长度，故C错误；D为了减小误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确。故选BD。14【答案】M远大于m C 1.58 【解析】（1）“探究加速度与物体质量
19、、物体受力的关系”的实验时，应控制好小车质量M与砝码盘和砝码总质量m的关系，使它们满足M远大于m（2）在实验中若忘记了平衡摩擦力，当F不为零时，加速度仍然为零，故图象在横坐标上有截距，不能是通过原点的直线，故C正确，ABD错误（3）由逐差法解得小车的加速度 .四、解答题(共40分)15【答案】(1)4.0s(2)60m(3)30m/s【解析】(1)汽车的刹车时间：(2)设汽车从发现障碍物到停止，前进的距离为：汽车停止时到障碍物的距离：(3)题设有：解得：16【答案】(1)64.8N(2)76.4N【解析】试题分析：如图甲所示分析P点受力由平衡条件可得：FAcos37G1FAsin37FB可解得
20、：FB6 N再分析G2的受力情况如图乙所示由物体的平衡条件可得：FfG2sin37FBcos37 FNFB sin37G2cos37FBFB 可求得：Ff64.8 N FN76.4 N. 考点：共点力的平衡.17【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（1）由题意得，皮带长为：L3 m工件速度达到之前，从静止开始做匀加速运动设匀加速运动的时间为，位移为，有：x1vt1t1设工件最终获得了与传送带相同的速度，则达到之后工件将做匀速运动，有：解得：，故假设工件最终获得与传送带相同的速度是正确的加速运动阶段的加速度为：a25 m/s2 在加速运动阶段，根据牛顿第二定律，有：，解得：（2）在时间内，传送带运动的位移为：工件运动的位移为：x1vt1t108 m所以工件相对传送带运动的位移为：考点：动能定理的应用、功能关系【名师点睛】解决本题的关键理清工件在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解18【答案】（1）2 （2）（3）(1)小物块的加速度，小车的加速度(2)由 得(3)在开始内小物块的位移 最大速度 在接下来的内小物块与小车相对静止，一起做加速运动且加速度这内的位移 ，通过的总位移
